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幼兒園教師學習計劃范文1
一、個人簡介：
我1989年畢業于一幼師，有多年的教學經驗，目前承擔教學助理的工作，通過進修取得了本科學歷。本人最大的優點是做事認真，工作效率高，絕不拖拉。xx期間承擔了區級課題研究工作，現已順利結題。弱點是感性太多，對事情缺少理性的思考與分析。再有就是由于工作年頭多了，積累了一些教學經驗，有滿足現狀的思想，缺乏創新意識和能力。
二、學習目標：
1積極參加骨干教師培訓的各項活動，結合自身成長的需要，不斷加強自身文化修養，加強業務理論的學習，不斷的更新觀念，吸收身邊好的教育經驗。在理論和教學技能上進一步完善自己。
2改變意識，樹立終身學習的教育思想。養成讀書的習慣。
3發揮自己的優勢，在園內起到輻射引領作用。
三、學習計劃：
1多讀書，并從書中反思自己的教育理念是否先進，教育行為是否正確，并在不斷調整中改進。
2虛心向有經驗的教師請教。珍惜每一次的觀摩學習機會。樹立“三人行必有我師焉?！钡乃枷?。
3積極參加每次組織的各種培訓，做好記錄與整理。認真參與課題的研究與制定活動，敢于發表自己的見解和想法，真正使得教育落到實處。并吸納別人的長處補己之短。
四、學習措施：
1每天用小時讀專業理論書籍。在半年的時間里至少寫出4篇讀書筆記，不斷提升自己的理論水平，用更先進的理念指導自己的教育教學。
2在半年的時間里至少寫出4——6篇教育案例分析或教學反思。反思自己的教育行為，在不斷反思，調整改進中提升自己的教育教學水平。
3認真參加小組課題研究。在小組中勇于建言獻策，積極承擔各項研究任務，找準一個切入點，并在園所中踏踏實實，腳踏實地的進行研究。不斷總結研究成果。
4利用休息日及假期進行學習培訓，總結學習體會。
幼兒園教師學習計劃范文2
【中圖分類號】 G612 【文獻標識碼】 A
【文章編號】 1004―0463（2016）08―0121―01
數字化教育游戲是利用多媒體表現形式，充分體現教學可視化、生動直觀，使幼兒參與度廣、參與熱情高、娛樂性強的一種新型教育教學活動。隨著數字化學習試點工作的深入開展，在幼兒園的集體教學活動開展過程中，我們發現數字化游戲的運用主要有以下三種模式。
一、示范教學補充模式
在幼兒學習知識的初期，由于幼兒的知識儲備非常少，各項能力都非常欠缺，這就需要教師選擇適合幼兒這一學習階段的教學模式。而示范性教學模式正好具備講解、演示、練習等教育教學環節，能夠充分體現出以教師為引導、幼兒主動獲取知識并積極參與操作的教學原則，具有很強的可操作性和實效性。
例如，小班教學活動“小小送貨員”是一個關于按一個特征分類的集體活動。教師根據教學的需要設計使用了一個由特征標記、各種物品和聲音等資料組成的數字化游戲軟件， 在活動的鞏固操作環節，教師為幼兒講解游戲內容――為大象伯伯分玩具；演示游戲玩法，鞏固按一個特征分類的教學內容；再邀請幼兒個體單獨實踐操作，使幼兒能夠利用游戲獲得相應的體驗。這種講解、演示、練習、輔助穿行的活動結構模式更能體現幼兒主動操作、教師引導的教學原則。一人一機式的操作活動，發揮了游戲的互動功能，幼兒可通過軟件中設置的情境進行點擊或拖動圖標操作。如果幼兒送錯了位置，就會出現語音提示“請你再想想”。幼兒可根據自己的思考再次嘗試操作，直到正確后，就能得到大象伯伯的夸獎。當幼兒滿5次正確后，畫面上還會獎勵一列小火車等象征性的禮物，以示鼓勵。
當然，單純的示范性教學模式顯得單調、保守。在具體運用時，還應該配合其他教學模式和教學手段，讓幼兒在接受式學習的同時，學會比較、分析和探索，形成多種情境思維。
二、個性化探索學習模式
個性化學習模式是幼兒根據教學活動的需要，充分利用數字化游戲交互性強、雙向傳遞信息的特點，單人單機個性化設計操作，教師進行個別化指導的教學方式。能真正體現“因材施教”的教學原則，滿足幼兒“最近發展區”需要，能夠較好地解決幼兒間的個體差異性問題。
與其他運用模式相比，這種學習模式可以面向不同層次的幼兒。例如，中班美術活動“變臉”是一個關于不同五官和表情的想象設計活動。在活動的創造設計環節，每位幼兒有一份教師提供的數字化“百寶箱”，孩子們可以按照自身的學習能力、知識經驗選擇百寶箱中不同的臉型、發型、五官部件等進行變臉操作。這種模式能夠給不同層次的幼兒提供充分的學習條件與機會，最能滿足不同層次的幼兒需求，促進幼兒個性發展，切實避免了教學中教師統一講解、統一要求的“一刀切”現象。個性化學習的模式形式自由，不受固定模式的約束，因而幼兒在學習時會遇到各種問題并會積極探索，解決自己在獨立操作時產生的新問題。這樣，幼兒會逐步轉變思維方式，克服思維定勢，使幼兒的思維也由單一性轉向多向性，進而培養幼兒的創造性思維。
三、小組合作交流模式
在小組合作交流活動中，往往根據幼兒的不同層次對幼兒進行分組。由多個幼兒組成一個小團隊，幼兒教師布置每個合作小組相同或者不同的任務，讓他們開展既獨立又合作的學習方式，充分發揮小團隊精神，一起克服困難，解決問題。
5-6歲是幼兒合作學習水平提高最快的時期，也是孩子合作學習的能力處于較高水平、開展合作學習較為順利的時期。如，大班數學活動“過河”是一個根據形狀組合路標選擇過河路徑的數字化游戲活動，教師采用了小組合作模式。在活動中，幼兒自由分組后，教師先講解了這個數字化游戲的基本操作方法和需要注意的問題，通過提問：小鼴鼠姐妹過河的標記是什么？引發幼兒思考；再介紹游戲的玩法，孩子們分組進行操作游戲。幼兒在操作過程中自主進行討論交流，有操作員，有觀察員，每一位孩子都得到參與學習的機會。
幼兒園教師學習計劃范文3
一、單項選擇題
1.以下有關化學反響的表達正確的選項是:(
)
A.?室溫下，Na在空氣中反響生成Na2O2?????B.?室溫下，Al與4.0mol﹒L-1NaOH溶液反響生成NaAlO2
C.?室溫下，Cu與稀硫酸反響放出H2氣體?????D.?室溫下，Fe與濃H2SO4反響生成FeSO4
2.鹽是一類常見的物質，以下物質通過一定反響可直接形成鹽的是〔
〕
①金屬單質?、趬A性氧化物
③非金屬單質
④酸性氧化物
⑤酸
⑥堿
A.?①②③?????????????????????????????????B.?①④⑥?????????????????????????????????C.?②⑤⑥?????????????????????????????????D.?全部
3.如下圖，其中X、Y、Z、R、E分別是氧化鐵、稀硫酸、氫氧化鋇溶液、碳酸鈉溶液、二氧化碳中的一種。圖中短線相連的物質間均能相互發生反響，X和R反響有氣泡出現，那么以下說法正確的選項是(
)
A.?X是稀硫酸
B.?X和Z反響無明顯現象
C.?R與E反響產生能使澄清石灰水變渾濁的氣體
D.?E在一定條件下可以轉化為Y
4.以下對應實驗現象的反響方程式正確的選項是
(
)
A.?切開的金屬Na暴露在空氣中,光亮外表逐漸變暗:2Na+O2=Na2O2
B.?Na2CO3溶液中逐滴參加鹽酸,開始時無氣泡產生:Na2CO3+HCl=NaCl+NaHCO3
C.?Na2O2在潮濕的空氣中放置一段時間后,變成白色黏稠物:2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2
D.?向NaHCO3溶液中參加過量的澄清石灰水,出現白色沉淀:2HCO3-+Ca2++2OH-=CaCO3+C
O32?
+2H2O
5.聚合硫酸鐵[
Fe(OH)SO4]n易溶于水，能用作凈水劑(絮凝劑)，可由綠礬(FeSO47H2O)和KClO3在水溶液中反響得到。以下說法錯誤的選項是〔
〕
A.?KClO3在反響中作氧化劑
B.?每生成
1
mol
[
Fe(OH)SO4]n
轉移1mol電子
C.?將綠礬水溶液久置于空氣中，滴加幾滴
KSCN
溶液，溶液變血紅色
D.?聚合硫酸鐵可在水中形成氫氧化鐵膠體，故能用作凈水劑
6.用潔凈的鉑絲蘸取某種無色溶液，在無色火焰上灼燒，火焰呈黃色，說明該溶液中(
)
A.?只有Na＋????????B.?可能有Na＋
，
可能有K＋????????C.?一定有K＋????????D.?一定有Na＋
，
也可能有K＋
7.證明某溶液中只含Fe2＋而不含Fe3＋的實驗方法是〔
〕
A.?只滴加KSCN溶液?????????????????????????????????????????B.?先滴加KSCN溶液，不顯紅色，再滴加氯水后顯紅色
C.?先滴加氯水，再滴加KSCN溶液后顯紅色??????D.?滴加NaOH溶液，產生白色沉淀
8.“胃舒平〞是一種治療胃酸過多的藥物，是一種常見的兩性物質，其主要成分為〔
〕
A.?Na2O2??????????????????????????????B.?Al2O3??????????????????????????????C.?NaHCO3??????????????????????????????D.?Al(OH)3
9.甲、乙、丙、丁四種物質中，甲、乙、丙均含有相同的某種元素，它們之間具有如下轉化關系：甲
丁
乙
?甲丁
丙。以下有關物質的推斷錯誤的選項是〔
〕
A.?假設甲為Cl2
，
那么丁可能是鐵
B.?假設甲為鐵，那么丁可能是硝酸
C.?假設甲為AlCl3溶液，那么丁可能是氨水
D.?假設甲為NaOH，那么丁可能是CO2
10.甲、乙兩燒瓶中各盛有100mL
5mol·L-1的鹽酸和氫氧化鉀溶液；向兩燒瓶中分別參加等質量的鋁粉，反響結束測得生成的氣體體積甲∶乙＝2∶3〔相同狀況〕，那么參加鋁粉的質量為〔
〕
A.?2.7g????????????????????????????????????B.?3.6g????????????????????????????????????C.?5.4g????????????????????????????????????D.?6.75g
11.以下圖像中的曲線〔縱坐標為沉淀或氣體的量，橫坐標為參加物質的量〕，其中錯誤的選項是〔
〕
A.?圖A表示向含H+、Mg2+、Al3+、NH4+的溶液中滴加NaOH溶液產生沉淀量的關系曲線
B.?圖B表示向澄清石灰水中通入二氧化碳直至過量產生沉淀量的關系曲線
C.?圖C表示向NaOH和Na2CO3的混合液中滴加鹽酸產生CO2氣體的關系曲線
D.?圖D表示向明礬溶液中滴加Ba〔OH〕2溶液產生沉淀量的關系曲線
12.密閉容器中裝有1mol
NaHCO3和0.8mol
Na2O2
，
加熱充分反響后，容器內殘留的固體是(
)
A.?0.8molNa2CO3和0.6molNaOH?????????????????????????B.?0.5molNa2CO3和1molNaOH
C.?0.8molNa2CO3和1molNaOH????????????????????????????D.?1molNa2CO3和0.6molNaOH
13.向一定量的Fe、FeO、Fe3O4的混合物中參加100mL2mol/L的鹽酸，恰好使混合物完全溶解，放出224mL〔標準狀況〕的氣體，所得溶液中參加KSCN溶液無血紅色出現。假設用足量的CO在高溫下復原相同質量的此混合物，能得到鐵的質量是〔
〕
A.?11.2g??????????????????????????????????B.?5.6g??????????????????????????????????C.?2.8g??????????????????????????????????D.?無法計算
14.以下表達正確的選項是(
)
①氧化鋁是一種比擬好的耐火材料，可用來制造耐火坩堝
②氧化鐵常用于制作紅色油漆和涂料
③碳酸氫鈉俗名小蘇打，可用于制作發酵粉和治療胃酸過多的藥物
④過氧化鈉比氧化鈉穩定，兩種氧化物均可作潛艇中的供氧劑
⑤焰色反響表達的是某些金屬元素的物理性質
A.?①②③⑤???????????????????????????B.?②③④⑤???????????????????????????C.?①③④⑤???????????????????????????D.?①②③④
15.以下關于鈉的化合物的表達錯誤的選項是〔
〕
A.?熱穩定性：
Na2CO3>NaHCO3
B.?Na2O
與
Na2O2
都能和水反響生成堿，它們都是堿性氧化物
C.?碳酸氫鈉可用于治療胃酸過多
D.?Na2O2
中陰、陽離子的個數比為1：2
16.向MgSO4和Al2(SO4)3的混合溶液中，逐滴參加NaOH溶液。以下圖象中，能正確表示上述反響的是〔橫坐標表示參加NaOH的體積，縱坐標表示生成沉淀的質量〕〔
〕
A.??????????????????B.??????????????????C.??????????????????D.
二、綜合題
17.
〔1〕如圖進行實驗，將a溶液逐漸參加盛b溶液的試管中，寫出試管中觀察到的現象及對應的離子方程式。
a
b
試管中現象
離子方程式
Na2CO3
稀鹽酸
________
________
稀鹽酸
Na2CO3
________
________
〔2〕工業上利用NaIO3和NaHSO3反響來制取單質I2。配平以下化學方程式并用單線橋法表示電子轉移的方向和數目：
________NaIO3+________NaHSO3＝________I2+________Na2SO4+________H2SO4+________H2O
〔3〕ClO2常用于水的凈化，工業上可用Cl2氧化NaClO2溶液制取
ClO2?
。寫出該反響的離子方程式，并用雙線橋法表示電子轉移的方向和數目________。
18.固體化合物
X
由
3
種元素組成。某學習小組進行了如下實驗：
請答復：
〔1〕由現象
1
得出化合物
X
含有________元素(填元素符號)，X
的化學式________。
〔2〕固體混合物
Y
的成分________(填化學式)。
〔3〕實驗室常將氨氣(NH3)通過紅熱的黑色固體化合物
Z
制備氮氣，該反響的化學方程式是________，當有28克氮氣生成時轉移的電子的物質的量為________mol。
19.固體化合物X由3種元素組成。某學習小組進行了如下實驗：
請答復：
〔1〕由現象1得出化合物X含有________元素(填元素符號)。
〔2〕固體混合物Y的成分________(填化學式)。
〔3〕X的化學式________?。
〔4〕x與濃鹽酸反響產生黃綠色氣體，固體完全溶解，得到藍色溶液，該反響的化學方程式是________。
20.磁性材料
A
是由兩種元素組成的化合物，某研究小組按如圖流程探究其組成：
〔1〕A
的化學式為________。
〔2〕化合物
A
能與稀硫酸反響，生成一種淡黃色不溶物和一種氣體〔標況下的密度為
1.518
g·L－1〕。該氣體分子的電子式為________，寫出該反響的離子方程式：________。
〔3〕寫出
FG
反響的化學方程式：________。
〔4〕設計實驗方案探究溶液
G
中的主要微?！膊豢紤]
H2O、H＋、K＋、I－〕：________。
答案解析局部
一、單項選擇題
1.【答案】
B
【解析】A.
室溫下，鈉在空氣中與氧氣反響生成氧化鈉，在加熱時生成過氧化鈉，A不符合題意；
B.
室溫下，鋁與氫氧化鈉溶液反響生成偏鋁酸鈉和氫氣，B符合題意；
C.
室溫下，銅與濃硝酸反響生成硝酸銅、二氧化氮和水，C不符合題意；
D.
室溫下，鐵與濃硫酸發生鈍化反響，即濃硫酸具有強氧化性，將鐵氧化生成一層致密的氧化物薄膜，不會生成硫酸亞鐵，D不符合題意；
故答案為：B。
A．4Na+O2=2Na2O；
B．
2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2。
；
C．Cu與稀硫酸不反響；
D．室溫下，Fe與濃H2SO4發生鈍化，阻止反響進一步進行。
2.【答案】
D
【解析】①金屬單質與非金屬單質可生成鹽，如Na與Cl2反響可生成氯化鈉，①符合題意；
②堿性氧化物與酸性氧化物、酸都可能生成鹽，如Na2O與CO2反響生成碳酸鈉，氧化鈉與鹽酸反響生成氯化鈉，②符合題意；
③非金屬單質與金屬單質可生成鹽，如Na與Cl2反響可生成氯化鈉，③符合題意；
④酸性氧化物與堿性氧化物、堿、某些鹽反響都可能生成鹽，如二氧化碳與氧化鈉、氫氧化鈉、碳酸鈉溶液都能反響生成鹽，④符合題意；
⑤酸與金屬、堿性氧化物、堿、某些鹽反響，都可能生成鹽，如鹽酸與鈉、氧化鈉、氫氧化鈉、碳酸鈉都能反響生成鹽，⑤符合題意；
⑥堿與酸反響可以生成鹽，如鹽酸與氫氧化鈉反響生成氯化鈉，⑥符合題意；
綜合以上分析，①②③④⑤⑥都可通過一定的反響生成鹽，
故答案為：D。
金屬單質與酸或某些鹽溶液反響生成鹽；
堿性氧化物能與酸反響生成鹽；
某些非金屬單質與堿反響生成鹽；
酸性氧化物與堿反響生成鹽；
酸堿中和反響可以生成鹽，據此分析解答。
3.【答案】
D
【解析】
X和R反響有氣泡
，那么X、R為稀硫酸和碳酸鈉中的一種，又R能與三種物質反響，那么R為稀硫酸，X為碳酸鈉，那么Z為氫氧化鋇，Y為二氧化碳，E為氧化鐵
A、X為碳酸鈉，故A不符合題意
B、X和Z，有白色沉淀生成，故B不符合題意
C、R為稀硫酸，E為氧化鐵，不能生成使澄清石灰水變渾濁的氣體，故C不符合題意
D、E為氧化鐵，被C或者CO復原時，能生成二氧化碳，故D符合題意
故答案為：D
此題突破點在于
X和R反響有氣泡
，且R能與三種物質反響，。
4.【答案】
B
【解析】A.鈉在常溫下生成氧化鈉，故A不符合題意
B.碳酸根結合氫離子也是分步的，剛開始無氣泡生成，產生碳酸氫根，故B符合題意
C.在潮濕的空氣中生成的生物為十水合碳酸鈉，故C不符合題意
D.澄清石灰水過量，那么無碳酸根剩余反響為
2HCO3-+2Ca2++2OH-=2CaCO3?+2H2O，故
D不符合題意
故答案為：B
離子方程式判斷，看是否符合反響事實，是否量的關系正確，是否配平，是否漏寫離子反響
5.【答案】
B
【解析】A．根據分析，KClO3在反響中作氧化劑，故A不符合題意；
B．KClO3將FeSO4氧化成[Fe(OH)SO4]n的化學方程式為6nFeSO4+nKClO3+3nH2O=6[Fe(OH)SO4]n+nKCl，根據反響可知，生成6mol[Fe(OH)SO4]n轉移6nmol電子，那么每生成
l
mol
[Fe(OH)SO4]n
轉移nmol電子，故B符合題意；
C．綠礬(FeSO4?7H2O)中的二價鐵易被氧化成三價鐵，那么將綠礬水溶液久置于空氣中，滴加幾滴
KSCN
溶液，溶液變血紅色，故C不符合題意；
D．聚合硫酸鐵中的鐵為+3價，能用作凈水劑，那么聚合硫酸鐵能水解生成氫氧化鐵膠體，氫氧化鐵膠體能吸附水中的懸浮物而凈水，故D不符合題意；
故答案為：B。
KClO3將FeSO4氧化成[Fe(OH)SO4]n的化學方程式為6nFeSO4+nKClO3+3nH2O=6[Fe(OH)SO4]n+nKCl，聚合硫酸鐵[Fe(OH)SO4]n又稱為堿式硫酸鐵，能水解生成氫氧化鐵膠體，據此解答。
6.【答案】
D
【解析】鈉離子的焰色反響為黃色，鉀離子的焰色反響為紫色，會被鈉離子的黃色所掩蔽，所以焰色反響為黃色，說明一定含Na+也可能含K+
，
故D選項符合題意。
故答案為：D。
鈉元素的焰色反響為黃色，鉀元素的焰色反響為紫色，要觀察鉀元素的焰色，需要透過藍色鈷玻璃片，濾去黃色的光的干擾，焰色反響屬于元素的性質，為物理變化。
7.【答案】
B
【解析】A.二價鐵離子與硫氰根離子不反響，無明顯現象，只滴加KSCN溶液，不能證明二價鐵離子的存在，故A不符合題意；
B.先滴加KSCN溶液，不顯紅色，排除三價鐵離子的干擾，再滴加氯水后顯紅色，可證明二價鐵離子存在，故B符合題意；
C.先加氯水，再滴加KSCN溶液后顯紅色，不能排除三價鐵離子的干擾，故C不符合題意；
D.加NaOH溶液，產生白色沉淀的離子有很多種，不能證明存在二價鐵離子，故D不符合題意；
故故答案為：B。
鐵離子可以用硫氰化鉀溶液檢驗，亞鐵離子可以用氯水和硫氰化鉀溶液檢驗，也可以用酸性高錳酸鉀溶液檢驗。
8.【答案】
D
【解析】A．Na2O2是過氧化物，不是兩性物質，不符合題意，A不符合題意；
B．Al2O3是兩性氧化物，但不能用來治療胃酸過多，B不符合題意；
C．NaHCO3能和酸反響，但不能僅僅生成鹽和水，能和堿反響，生成鹽和水，那么它不是兩性物質，不符合題意，C不符合題意；
D．Al(OH)3是兩性氫氧化物，可用來治療胃酸過多，D符合題意。
故答案為：D。
既能與酸起反響生成鹽和水，又能與堿起反響生成鹽和水的物質稱為兩性物質，據此結合實際問題答復。
9.【答案】
C
【解析】A、假設甲為Cl2
，
氯氣與鐵反響生成氯化鐵，氯化鐵溶液與鐵反響生成氯化亞鐵，氯化亞鐵溶液與氯氣反響生成氯化鐵，故A不符合題意；
B、假設甲為鐵，過量鐵與硝酸反響生成硝酸亞鐵，硝酸亞鐵溶液與硝酸反響生成硝酸鐵，硝酸鐵溶液與鐵反響生成硝酸亞鐵，故B不符合題意；
C、假設甲為AlCl3溶液，氯化鋁溶液與氨水反響生成氫氧化鋁沉淀，氫氧化鋁是兩性氫氧化物，溶于強酸強堿，但不溶于弱酸弱堿，氨水為弱堿，不能與氫氧化鋁反響，故C符合題意；
D、假設甲為NaOH，二氧化碳與過量氫氧化鈉溶液反響生成碳酸鈉，碳酸鈉溶液與二氧化碳反響生成碳酸氫鈉，碳酸氫鈉溶液與氫氧化鈉溶液反響生成碳酸鈉，故D不符合題意；
故答案為：C。
氫氧化鋁是兩性氫氧化物，溶于強酸強堿，但不溶于弱酸弱堿，氨水為弱堿是解答關鍵，也是易錯點。
10.【答案】
D
【解析】鹽酸與鋁的離子反響式為：
2Al+6HCl2AlCl3+3H2
，KOH與鋁的離子反響式為：
2Al+2NaOH+2H2O2NaAlO2+3H2
，所以等物質的量的鋁分別與足量的鹽酸和氫氧化鉀溶液反響，消耗的氫氧化鉀溶液的量比鹽酸少；而此題中反響結束測得生成的氣體體積甲∶乙＝2∶3，故鹽酸少量，那么與鹽酸反響生成的氫氣為
n(H2)=2n(HCl)=0.25mol
，故與KOH溶液反響生成的氫氣為
n(H2)=1.5×0.25mol=0.375mol
。KOH溶液足量，參加其中的鋁完全反響。故可求得
m(Al)=M(Al)×n(Al)=27g/mol×0.25mol=6.75g。
故答案為：D。
鋁的質量相同，鹽酸和氫氧化鈉溶液中溶質的物質的量相同，假設Al都完全反響，那么生成氫氣應相等，而應結束后測得生成的氣體體積比為甲：乙=2：3，由方程式：
2Al+6HCl2AlCl3+3H2
、
2Al+2NaOH+2H2O2NaAlO2+3H2
，可知相同物質的量的Al反響時，消耗HCl較多，故酸與金屬反響時酸不過量，堿與金屬反響時堿過量，結合方程式計算解答．
11.【答案】
C
【解析】A．H+、Mg2+、Al3+、NH4+的溶液中H+最易與OH-反響，所以開始無沉淀，其次為Al3+
，
反響后生成水、氫氧化鋁，出現沉淀，Mg2+和OH-反響生成氫氧化鎂，沉淀達最大量，繼續滴加，NH4+和OH-反響生成一水合氨，沉淀量不變，繼續滴加，氫氧化鋁溶解，Al〔OH〕3+OH-＝AlO2-+2H2O，故A不符合題意；
B．石灰水中通入二氧化碳，先發生Ca〔OH〕2+CO2＝CaCO3+H2O，生成沉淀，后發生CO2+CaCO3+H2O＝Ca〔HCO3〕2
，
故先產生沉淀，后沉淀溶解，前后兩局部二氧化碳的物質的量為1：1，故B不符合題意；
C．向NaOH和Na2CO3的混合液中滴加鹽酸，鹽酸先和氫氧化鈉反響，開始沒有氣體產生，然后再與碳酸鈉反響，Na2CO3+HCl＝NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl＝NaCl+CO2+H2O，產生CO2氣體，開始未產生氣體消耗的鹽酸應比產生氣體消耗的鹽酸多，圖象不符合題意，故C符合題意；
D．向明礬溶液中逐滴參加Ba〔OH〕2溶液，當Al3+恰好全部沉淀時，離子方程式為：2Al3++3SO42-+3Ba2++6OH-＝3BaSO4+2Al〔OH〕3，繼續滴加，那么發生Al3++4OH-＝AlO2-+2H2O，故D不符合題意；
故答案為：C。
此題以圖象為載體考查鈣鎂鋁化合物的性質，明確發生的化學反響是解答的關鍵，反響發生的先后順序是學生解答中的難點，注意圖象比例關系。特別是C選項，鹽酸先和氫氧化鈉反響，再與碳酸鈉反響，且先生成碳酸氫鈉，再生成二氧化碳。
12.【答案】
D
【解析】碳酸氫鈉不穩定受熱分解生成碳酸鈉、水和CO2
，
物質的量分別都是0.5mol。生成的CO2首先和過氧化鈉反響，消耗0.5mol過氧化鈉，生成0.5mol碳酸鈉。剩余的0.3mol過氧化鈉再和0.3mol水反響生成0.6mol氫氧化鈉，
故答案為：D。
根據碳酸氫鈉不穩定受熱分解生成碳酸鈉、水和CO2
，
及過氧化鈉與二氧化碳、水反響規律進行分析。
13.【答案】
B
【解析】鹽酸恰好使混合物完全溶解，鹽酸沒有剩余，向反響所得溶液加KSCN溶液無血紅色出現，說明溶液為FeCl2溶液，根據氯元素守恒可知n(FeCl2)=
12
n(HCl)=
12
×0.1L×2mol/L=0.1mol；用足量的CO在高溫下復原相同質量的混合物得到鐵，根據鐵元素守恒可知n(Fe)=n(FeCl2)=0.1mol，質量為0.1mol×56g/mol=5.6g，
故答案為：B。
由題意可得，鐵完全轉化為氯化亞鐵，那么物質的量之比Fe：Cl=1：2，又n〔Cl-〕=0.2mol
故n〔Fe〕=0.1mol
14.【答案】
A
【解析】①氧化鋁具有很高的熔點，是一種比擬好的耐火材料，可用來制造耐火坩堝，故符合題意；②氧化鐵俗稱鐵紅，常用作紅色油漆和涂料，故符合題意；③碳酸氫鈉俗名小蘇打，因其堿性較弱，可用于制作發酵粉和治療胃酸過多的藥物，故符合題意；④過氧化鈉比氧化鈉穩定，但氧化鈉不能與水或二氧化碳反響生成氧氣，所以氧化鈉不能做供氧劑，故不符合題意；⑤焰色反響為物理變化，表達的是某些金屬元素的物理性質，故符合題意；
正確的有①②③⑤
故答案為A。
①氧化鋁的熔點高，可作耐火材料
②氧化鐵，俗稱鐵紅，呈紅棕色，故可用作紅色油漆和涂料
③小蘇打加熱可分解放出氣體，故可用作發酵粉，呈堿性且堿性較弱，故可用作于治療胃酸
④只有過氧化鈉能做供氧劑
⑤焰色反響為物理變化，表達的是金屬元素的物理性質
15.【答案】
B
【解析】A．NaHCO3不穩定，加熱易分解，發生2NaHCO3
__
Na2CO3+H2O+CO2，碳酸鈉受熱不分解，不符合題意；
B．Na2O2與水反響生成氫氧化鈉和氧氣，不是堿性氧化物，符合題意；
C．碳酸氫鈉可與鹽酸反響，且碳酸氫鈉的堿性較弱，對胃壁的刺激作用較小，可用于中和胃酸過多，不符合題意；
D．Na2O2中陰離子為O22-
，
Na2O2中陰、陽離子的個數比為1：2，不符合題意；
故答案為：B。
堿性氧化物：能與堿反響只生成鹽和水的氧化物，過氧化鈉除了鹽和水還生成了氧氣
16.【答案】
D
【解析】因橫坐標表示參加NaOH溶液的體積，縱坐標表示反響生成沉淀的質量，
那么向MgSO4和Al2(SO4)3的混合溶液中，逐滴參加NaOH溶液，發生Mg2++2OH-Mg(OH)2、Al3++3OH-Al(OH)3，那么沉淀的質量一直在增大，直到最大；然后發生Al(OH)3+OH-AlO2-+2H2O，沉淀的質量減少，但氫氧化鎂不與堿反響，那么最后沉淀的質量為一定值，顯然只有D符合，
故答案為：D。
先生成氫氧化鎂和氫氧化鋁沉淀，然后氫氧化鋁繼續反響，沉淀局部溶解但不消失應選D
二、綜合題
17.【答案】
〔1〕立刻產生氣泡；CO32-
+2H+
=H2O
+
CO2；開始時無氣泡，后來有氣泡；CO32-
+
H+
=
HCO3-
、
HCO3-
+
H+
＝H2O
+
CO2
〔2〕4；10；2；7；3；2
〔3〕
【解析】(1)將碳酸鈉溶液滴入到稀鹽酸中，鹽酸過量，開始就產生氣泡，其離子反響方程式為：
CO32-
+2H+=H2O+CO2；將稀鹽酸滴入到碳酸鈉溶液中，鹽酸少量，開始時無氣泡，后來產生氣泡，其離子反響方程式為：
CO32-
+H+=
HCO3-
、
HCO3-
+H+=H2O+CO2；
(2)
NaIO3溶液中滴加少量NaHSO3溶液時，
HSO3-
被氧化成
SO42?
，
IO3-
被復原成I2
，
根據電子守恒和元素守恒，該反響為：4NaIO3+10NaHSO32I2+7Na2SO4+3H2SO4+2H2O，該反響中轉移的電子數為20e-；
；
(3)
Cl2氧化NaClO2溶液制取ClO2
，
本身被復原為氯離子，1個氯氣分子反響得到2個電子，因此離子反響方程式為：
2ClO2-
+Cl2=2ClO2+2Cl-；雙線橋法表示電子轉移的方向和數目為：
.
(1)
碳酸鈉溶液參加稀鹽酸中：Na2CO3+2HCl=Na2CO3+2NaCl；
稀鹽酸參加碳酸鈉溶液中：Na2CO3+HCl=NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2;
(2)
氧化復原反響的配平：
1.標出化合價并計算出價態的變化量；
2.使化合價的升降總數相等〔最小公倍數〕;
3.再觀察非氧化復原局部中元素的個數;
4.最后配平氫氧的個數。
對于氧化復原反響可以采用電子守恒的方法，根據物質得到
的電子數,等于
失去的電子數；
(3)
兩者反響為氯元素自身的氧化復原，注意兩者生成產物的不同。
18.【答案】
〔1〕S；BaCuS2
〔2〕BaO和CuO
〔3〕2NH3+3CuO3=Cu+N2+3H2O；6
【解析】〔1〕根據上述分析可知，X中含有S元素，固體化合物Z的物質的量為：
8g80g/mol
=0.1mol，固體混合物中BaO的質量為23.3g-8g=15.3g，BaO的物質的量為：
15.3g153g/mol
=0.1mol，因此固體X中S元素的物質的量為：
26.5g-0.1mol×64g/mol-0.1mol×137g/mol32g/mol
=0.2mol，N(Cu)：N(Ba)：N(S)=1：1：2，故X的化學式為：BaCuS2
，
故故答案為：：S；BaCuS2；〔2〕由上述分析可知，Y的主要成分為：CuO和BaO，
故故答案為：：CuO和BaO；〔3〕氨氣與氧化銅在高溫條件下反響，生成銅、氮氣、水，其化學反響方程式為：
3CuO+2NH3=高溫N2+3Cu+3H2O
，
反響
3CuO+2NH3=高溫N2+3Cu+3H2O
中N元素由-3價變為0價，每生成1molN2轉移6mol電子，故當有28克氮氣即1mol生成時轉移的電子的物質的量為6mol。
故故答案為：：
3CuO+2NH3=高溫N2+3Cu+3H2O
；6mol。
根據現象1可知，無色氣體為SO2
，
向黑色固體化合物Z中參加鹽酸，溶液呈藍色，說明固體Z為CuO，向堿性溶液中加硫酸會產生白色沉淀，說明該溶液中含有Ba2+
，
由此可知，固體混合物Y中含有BaO，據此解答此題。
19.【答案】
〔1〕O
〔2〕Cu、NaOH
〔3〕NaCuO2
(Na2O2·2CuO)
〔4〕2NaCuO2
+8HCl=2NaCl+2CuCl2+Cl2+4H2O
【解析】〔1〕CuSO4由白色變為藍色，說明有水生成，因為X和枯燥的H2反響，根據元素守恒分析，必定含有O元素；
〔2〕現象2獲得紫色單質，說明Y含有Cu,現象3焰色反響為黃色說明有Na元素，與HCl發生中和反響說明有NaOH；
〔3〕由反響NaOH+HCl=NaCl+H2O,所以NaOH為0.02mol，得出m(Na)=0.02×23g=0.46g，銅為1.28g，得m(O)=m總-m(Na)-m(Cu)=2.38-0.46-1.28=0.46g，N(Na)：N(Cu)：N(O)=0.4623：1.2864：0.6416=1：1：2，故化學式為NaCuO2；
〔4〕X與濃鹽酸反響，根據反響現象，產物有Cl2
，
和CuCl2藍色溶液，因而化學方程式為2NaCuO2＋8HCl=2NaCl＋2CuCl2＋Cl2＋4H2O。
固體混合物Y溶于水，得到紫紅色固體單質，說明是Cu，產生堿性溶液，焰色反響呈黃色說明含有鈉元素，與HCl發生中和，說明是NaOH〔易算出為0.02mol〕，混合氣體能使CuSO4變藍，說明有水蒸氣，說明含有氧元素，據此分析解答。
20.【答案】
〔1〕Fe3S4
〔2〕；Fe3S4+6H+=3H2S+3Fe2++S
〔3〕H2SO3+I2+H2O=H2SO4+2HI
〔4〕取溶液
G，參加過量
BaCl2
溶液，假設產生白色沉淀，那么有
SO2－；過濾后取濾液，滴加
H2O2
溶液，假設再產生白色沉淀，那么有
H2SO3。
【解析】根據題干信息：C溶液顯黃色，參加KSCN，D為血紅色溶液，可知C為FeCl3
，
D為Fe(SCN)3等，B為紅棕色固體，B為Fe2O3
，
且n(Fe2O3)=2.400g160g/mol
=0.015
mol，n(Fe)=2n(Fe2O3)=0.03
mol，m(Fe)=0.03
mol×56
g/mol=1.68
g。無色氣體E溶于水得到酸性溶液，參加碘的KI溶液，得到無色溶液G，且溶液酸性變強，說明l2氧化了E的水溶液，那么E應為SO2
，
F為H2SO3。那么G中必定含有H2SO4和HI，可能還含有未反響的H2SO3
，
根據原子守恒，A含有Fe、S兩種元素，且m(S)=2.960
g-1.68
g=1.28
g，n(S)==0.04
mol，可得n(Fe)：n(S)=3：4，A的化學式為Fe3S4
，
據此解答。
所以A為Fe3S4
，
B為Fe2O3
，
C為FeCl3
，
D為Fe(SCN)3
，
E為SO2
，
F為H2SO3
，
G中含H2SO4、HI及H2SO3等。
(1)由以上分析可知，A組成元素為Fe、S，化學式為Fe3S4；
(2)A能與稀硫酸反響，生成一種淡黃色不溶物和一種氣體(標況下的密度為1.518
gL-1)。那么淡黃色不溶物為S，該氣體的摩爾質量=1.518
g/L×22.4
L/mol=34
g/mol，那么氣體相對分子質量是34，為H2S氣體。H2S電子式為：，
該反響的離子方程式為：Fe3S4+6H+=3Fe2++S+3H2S；
(3)F為H2SO3
，
S元素具有復原性，在溶液中和I2發生氧化復原反響，FG反響的化學方程式為：H2SO3+I2+H2O=H2SO4+2HI；
(4)G中的主要微粒(不考慮H2O，H+
，
K+
，
I-)為SO42-和H2SO3?？梢韵葯z驗SO42-
，
再檢驗有H2SO3
，
幼兒園教師學習計劃范文4
一、指導思想：
為了樹立文明的行業新風，科學規范地帶好班、上好課，進一步規范廣大教師的日常行為，并使教師的行為有所依從，從而逐步造就一支師德高尚、業務精湛，愛崗敬業，奉獻為樂的一流的教師隊伍，為創建特色名校打下堅實的基礎。
二、具體內容：
根據上級教委要求，結合本園實際，確定今年暑期對我園教師師德培訓方面的內容為：《浙江省保教指南》和《幼兒園教師行為規范》，具體安排如下：
1、加強宣傳,營造氛圍。
學校要廣泛通過校園網、墻報板報，橫幅等宣傳形式，廣泛宣傳教師行為規范標準和《保教指南》的有關規定。引導教師重視自身的修養，即選擇教師就要全力傾注教育事業。通過宣傳，使每個領導和教師真正認識到師德建設的重要性，把師德建設當成是永遠不變的工作重點來抓。切實提高教師行為規范意識和職業道德意識。
2、認真學習，增強責任感。
暑期集中組織本園教師進行師德培訓系統學習，平時利用每周一傍晚，引導廣大教師樹立為人師表、樂意奉獻的良好道德觀，做到愛崗敬業、禮貌待人，運用正確的兒童觀面向孩子，以游戲化的形式與孩子寬松對話。全面貫徹執行《保教指南》和《綱要》精神。
3、剖析問題，開展自查。
在開展師德教育的基礎上，集中開展一次師德師風自查自糾活動。要求每一位教師都要對照《教師行為規范》和《保教指南》規定的內容，認真查找師德師風方面存在的差距與不足，寫出自查自糾報告，對問題的具體體現、危害和產生問題的原因都要作出深入細致的剖析，明確今后整改和努力的方向。
4、正面引導，提高水平。
在師德建設活動中，發現和挖掘身邊的先進師德典型，并做好學習和宣傳工作。要宣傳師德標兵事跡，組織教師向標兵看齊學習活動，形成人人講求高尚師德，文明做人、禮儀待人的良好園風。
5、加強監督，獎懲并用。
①幼兒園將進一步強化檢查監督機制，發揮網站的作用，接待和受理師生和家長對師德師風方面的投訴和舉報并嚴肅查處。
②幼兒園要開展學生評師德、家長評師德、社會評師德等評議活動。每年年終考核，進行一次師德師風的專項考核，并將考核情況記入教師個人考核檔案。
③實行師德“一票否決制“。對師德考核不合格者，要予以批評教育，晉級評職評優、獎懲首先看師德，實行師德“一票否決制“。
三、集體培訓日程安排：
1、x月x日《幼兒園教師行為規范》的學習、互相實地角色演示。
2、x月x日《保教指南》的學習、案例分析。
3、x月x日：《保教指南》的學習，對教學中常見問題剖析。
4、x月x日上午分組研討，日常行為中存在的問題和改進措施。
下午集體交流：你下學期將如何做一個優秀或合格的新世紀幼兒園教師?以怎么樣的態度面對和處理一日活動各環節?
參加人員：全體教師x人，另加行政園長、業務分管、保健員共17人參訓。
幼兒園教師學習計劃范文5
--國培計劃中小學（幼兒園）教師信息技術應用能力提升工程個人培訓總結
隴南市西和縣城關九年制學校 王文戰
國培計劃（2015）—甘肅省中小學（幼兒園）教師信息技術應用能力提升工程從2015年12月24日開始以來，我就積極參與，認真配合，完全按照研修計劃的時間規劃，與2016年1月4日進行了學前測評，并將測評結果以截圖的方式提交到研修平臺；2016年1月8日開始，認真聆聽了西北師范大學教授郭紹青講解的《信息技術引發的教育教學變革》《中小學教師信息技術應用能力培訓課程標準研制說明》等兩門教師專業發展類課程的微課視頻，也積極參與到各位同仁們的討論之中，還能夠認真完成作業；2016年1月15日開始，努力學習和認真聆聽了西北師范大學教授趙健老師講解的《多媒體演示文稿設計與制作（初級）》（必修）、《微課設計與制作》（選修）和吳文春教授講解的《多媒體圖像素材加工與處理》（選修）共計三門技術素養類課程的文獻資料和微課視頻，并且積極參與討論，認真完成作業；2016年1月22日開始學習和聆聽了《交互多媒體環境下的初中歷史教學》為主的綜合類課程的文獻資料和微課視頻，并根據課程要求積極參與討論，認真完成每一環節的作業；2016年2月23日開始，學習和聆聽了《技術支持的初中歷史課堂導入》（必修）、《技術支持的初中歷史課堂講授》和《技術支持的初中歷史課堂總結與復習》（選修）等三門專題類課程，積極參與課程的討論和認真完成每一階段的作業任務；2016年4月1日開始，根據每一階段的學習和實踐，再結合自身的教育教學實際，撰寫培訓總結。在這半年多的學習培訓中，我認真聆聽了專家教授們的講座，感受著他們的激情和幽默、親歷著他們的教育智慧和幸福，使我受益非淺。在我的十七年教育教學工作經歷中，在教育教學和班級管理上雖然有了一套自認為行之有效的方法和經驗。但是通過培訓學習，還是使我領略到了教育教學藝術尤其是信息技術的內涵與境界,也使我認識到在平時教育教學工作的粗糙與不足。我感覺到自己在教育教學中運用信息技術的知識增長了許多，自己的能力也得到了大幅度的提升，無論是專業理論知識還是教育教學工作經驗，都在培訓中得到了較大的提高。想想以前在工作中的一些做法，感到自己的膚淺和不足。
在將近半年的培訓學習時間里，每天堅持進行理論學習，，晚上完成一些作業，還要努力配合助學老師的工作，積極為班上的同學服務，雖然有點累，但是覺得每一天過得很充實，也很幸福。本次培訓為我們提供了大量的具有前瞻性、科學性、可操作性的新穎的教育教學的培訓知識、信息技術與技能，滿足了我們對教育教學專業知識的渴望和對信息技術專業技能的需求?，F將我半年以來的網絡研修培訓工作總結如下：
一、教師要努力提高自身素質，樹立正確的教育教學理念。
通過《信息技術引發的教育教學變革》的學習，是我認識到新時期的教師在對教育對象實施影響的同時，更要不斷地學習教育教學的先進經驗，提高自身素質，樹立正確的教育教學理念，將掌握的理論知識運用到實踐中去。新時代的教師要從“經驗型”向“科學型”轉軌，既要有奉獻精神，又要有科學的態度；既要有高超的專業技能，又要有高尚的師德，才能做一個既讓學生幸福，又讓自己幸福的教師。
二、教師的教育教學工作要講究藝術和技巧。
通過《多媒體演示文稿設計與制作（初級）》（必修）、《微課設計與制作》（選修）和吳文春教授講解的《多媒體圖像素材加工與處理》（選修）的學習，讓我更深刻地認識到與學生交往，要講究藝術和技巧?，F在的教育提倡對學生多表揚少批評，多運用賞識教育，但并不是說不批評和懲罰，而是說要會批評和懲罰，才能使學生更好的成長進步。。因此在對學生進行思想教育時，要正確適度的進行表揚和批評，使表揚的含金量要高，避免表揚過度，濫用表揚。在教育教學的過程中要充分發揮信息技術的主要作用，激發學生的學習興趣和學習熱情。
三、教師要學會換位思考，學會欣賞，愛護學生，切實做到關注每一位學生。
通過本次網絡研修培訓學習，讓我明白，選擇了教育，那就是選擇了責任。作為教師，為了讓我們的教育更有效果，我們就應該換位思考，善于從從學生的角度審視自己的管理，學會理解學生，學會傾聽，學會關愛，尤其是學會關愛后進生和一些特殊生（單親學生、自閉學生、留守兒童）?？傊覀円獙W會善待他們的“缺點”，把每個孩子當成自己的孩子，使學生從心底里體會到老師的所作都是為了學生好，是為了學生的發展和幸福。還要學會及時解放思想，轉變觀念，轉化角色，做到與時俱進，做一個適應社會發展需要的教師。
四、教師要重視班級學生的心理輔導，要充分發揮信息技術尤其是多媒體技術的作用。
幼兒園教師學習計劃范文6
【輔導對象】小學一年級到高中三年級學生(個別機構校區差異輔導范圍有所不同，建議家長撥打電話了解情況)
【輔導科目】語文 數學 英語 物理 化學 生物 政治 歷史 地理 奧數 小升初 中高考
【輔導介紹】根據不同孩子的基礎知識及接受能力制定針對性的學習方案，配備輔導經驗豐富的課程老師全程指導，各機構收費標準、課程安排等方面存在一定差異，詳情請家長們撥打電話詳細了解。
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小學：小學各年級奧數拔高、舉一反三的解題思維及應變能力提升;小學語文基礎知識串講、作文框架脈絡梳理提高、閱讀理解答題技巧講解;小學數學重點難點查缺補漏等;
初中：初二物理力學、電學等重點難點基礎夯實;初中英語語法、數學基礎知識鞏固提高;初中語文作文及閱讀理解等得分點提升;中考重點難點輔導、各科基礎夯實;
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