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核心考點解析范文1
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出版周期：月刊
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種：中文
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本：16開
國際刊號：1674-4772
國內刊號：42-1784/G4
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發行范圍：國內外統一發行
創刊時間：2006
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核心考點解析范文2
一、命題原則
縱觀2012年各地的中考語文試題，記敘文閱讀的命題原則較為明顯：①內容上，設題貼近“課標”的閱讀目標要求。整體閱讀的考查比重大，注重選材內容的文化內涵、人文素養，重視試題的綜合性、探究性；體現學科知識的交叉、綜合和滲透。②選材上，落實“課標”中對文學作品的欣賞與評價的要求，重視對閱讀材料的選擇。③題型上，關注考生的知識與能力、體驗和感悟，體現閱讀個性。
二、考點解讀
對于記敘文閱讀，“課標”明確指出：“重點評價學生對讀物的綜合理解能力，具體考查學生在詞語理解、文意把握、要點概括、內容探究、作品感受等方面的表現?！笨v觀各地的中考記敘文閱讀試題，大都從上述五個方面來設計試題。
例：閱讀下面的文章，完成后面題目。（重慶市2012年中考題）
春光美
街路劃一條漂亮的弧線，探進公園深處。公園綠意盈盈，卻有桃紅粉紅輕輕將綠意打破。柳絮紛飛，落滿松軟的一地。鴿子們悠閑地散步，孩子們快樂地追逐，空氣里彌漫著沁人心脾的花香。春天屬于山野，屬于城市，屬于公園里每一朵勇敢開放的丑丑的小花。
公園的小徑上走著一位女孩。女孩的棍子畏畏縮縮，慌亂且毫無章法。棍子戳戳點點，碰到了毫無防備的老人。
老人輕微地“噓”了一聲。
“對不起，”女孩急忙停下來，“對不起……戳痛你了吧……真的對不起，我是一個盲人……”
“沒關系的，”老人輕輕地笑，“我知道，你只是有些不便。”
“只是有些不便？”女孩的神情霎時黯淡下來，“可是我看不見了，永遠看不見了……就像現在，每個人都可以在這里欣賞春色，我卻不能……”
“可是孩子，春色只是為了給人看嗎？春天里的一花一草，只是為給人欣賞而存在嗎？”
“難道不是嗎？”
“當然不是?！崩先苏f，“比如我面前就有一朵花。這朵花很小，淡藍色，五個花瓣。也許它本該六個花瓣吧？那一個可能被螞蟻們吃掉了……花瓣接近透明，里面是鵝黃色的花蕊……我可以看得見這朵花，然而你看不到?？墒沁@朵花因為你沒有看見它而開得松懈嗎？還有那些有殘缺的花兒，比如被蟲兒吃掉花瓣，啃了骨朵，比如被風雨所折斷，被石塊所擠壓，它們可曾因為它們的殘缺和大自然給予它們的不公就拒絕開放嗎？”
“孩子，你要知道，當秋天來臨，所有春天開過的花兒，都會結成種子。就像我眼前的這朵小花，它也會結出它的種子……這與它的卑小無關……更與它的殘缺無關……它是一朵勇敢的花兒，勇敢的花兒都是快樂和幸福的?！?/p>
“花兒就像你，你就是花兒……為什么悶悶不樂呢？為什么要放棄開放的機會呢？為什么要放棄整個春天呢？”
“我沒有放棄春天……可是我看不到春天……”
“你還可以去觸摸春天。孩子，你可以觸摸花草，觸摸鴿子，觸摸陽光與柳絮……其實盲人也是可以看到這世界的，卻不是用眼睛，而是用心，用感覺，甚至，用愛……”
“您是說，用愛嗎？”
“是的，孩子。只有用愛才能真正感受春天，讀懂春天。我知道你看不見春天，可是你的心里，難道不能擁有一個溫暖而美好的春天嗎？只要你還相信春天，那么對你來說，這世上就還有春天，你的心中就會萬紫千紅。我說的對嗎，孩子？”
“可是我不知道這里的春天是什么樣子的。奶奶，你愿意把你看到的告訴我嗎？”
“當然可以，孩子，我很樂意……你的面前有一朵花兒，藍色的花兒，五個花瓣……你的旁邊有一棵樹，樹長出嫩綠色的葉子……再旁邊有一個草坪，碧綠的草坪，有人在澆灌……再往前，是一條卵石甬道，鴿子們飛過來了，輕輕啄著人們的手心……”
女孩聽得很是癡迷。她的表情隨著老人的講述而變化，每一種變化，都是天真和幸福的。似乎，女孩真的看到了整個春天。
女孩是笑著離開的。她的棍子在甬路上敲打出清脆的聲音。她步履輕松。她像春的精靈。
然后，老人輕輕拍拍她身邊的導盲犬。她說：“虎子，我們該回家了?！彼髦艽蟮哪R，悄無聲息地走向春的深處。
1.細讀全文，題目“春光美”中的“美”，除了景色美之外，還具體表現在哪些方面？（4分）
[解析]本題考查的是要點概括。要點概括是在準確理解文章內容之后，用簡潔的語言轉述文章內容的主要形式。要點概括可分為局部概括和整體概括兩種。局部概括，指針對文章中某一段落或某幾個段落的內容進行概括。整體概括，指針對全文內容或全文的核心觀點進行概括。這是一項重要的閱讀能力，也是中考現代文閱讀每年都要涉及的內容。其中，提煉概括的過程就是理解文本內容的過程；提煉概括的結果標志著理解的準確和深入程度。
常見考點有：（1）對文章、文段思路、層次或層意的分析與理解；（2）對文意、段意或文章主旨、文段中心的概括；（3）對文中情節、事件及事件成因、過程的概括；（4）歸納內容要點，擬寫內容提要、文章標題；（5）篩選并提取總說句、中心句、主旨句、過渡句、結論句；（6）概括人物的性格特點、人物事跡的各個方面；（7）對作者的思想觀點、情感態度的理解、分析與概括等。
[參考答案]老人善良美好的心靈、老人積極樂觀的生活態度、老人講述的深刻道理、女孩走出陰影變得積極樂觀。
2.聯系文章語境，品析下列加點詞語的含義。（4分）
（1）（春天）屬于公園里每一朵勇敢開放的丑丑的小花。
核心考點解析范文3
一、交變電流的產生、變化規律（表達式、圖象）
【考點解讀】本章內容是電磁感應知識的應用和延伸，因此運用電磁感應定律來理解交變電流的產生及變壓器的原理是關鍵和核心.交變電流的產生有：線圈繞垂直于勻強磁場的軸勻速轉動產生的正弦交變電流；線圈不動磁場做周期性變化產生的正弦交變電流；線圈沿著垂直于勻強磁場的軸做往復運動產生的方波交變電流；單導體棒切割磁感線運動產生的方波形交變電流等等.總之可根據法拉第電磁感應定律E=nΔφΔt，部分導體切割磁感線運動E=BLv，導體旋轉切割E=12BL2ω，以及閉合電路的歐姆定律、楞次定律、右手定則來靈活分析交變電流的產生及變化的規律.最終應能做到物理情景、函數關系、圖象知其一可以求其二.
【真題體會】（2012年安徽卷）如圖1所示，是交流發電機模型示意圖.在磁感應強度為B的勻強磁場中，有一矩形線圈abcd可繞線圈平面內垂直于磁感線的OO′軸轉動，由線圈引出的導線ae和df分別與兩個跟線圈一起繞OO′轉動的金屬圈環相連接，金屬圓環又分別與兩個固定的電刷保持滑動接觸，這樣矩形線圈在轉動中就可以保持和外電路電阻R形成閉合電路.圖2是線圈的主視圖，導線ab和cd分別用它們的橫截面來表示.已知ab長度為L1，bc長度為L2，線圈以恒定角速度ω逆時針轉動.（只考慮單匝線圈）
圖1圖2圖3（1）線圈平面處于中性面位置時開始計時，試推導t時刻整個線圈中的感應電動勢e1的表達式；
（2）線圈平面處于與中性面成φ0夾角位置時開始計時，如圖3所示，試寫出t時刻整個線圈中的感應電動勢e2的表達式；
（3）若線圈電阻為r，求線圈每轉動一周電阻R上產生的焦耳熱.（其他電阻均不計）
解析：（1）矩形線圈abcd轉動過程中，只有ab和cd切割磁感線，設ab和cd的轉動速度為v，則
圖4v=ωL22
在t時刻，導線ab和cd因切割磁感線而產生的感應電動勢均為
E1=BL1v
由圖4可知
v=vsinωt
則整個線圈的感應電動勢為
e1=2E1=BL1L2ωsinωt
（2）當線圈由圖3位置開始運動時，在t時刻整個線圈的感應電動勢為
e2=BL1L2ωsin(ωt+φ0)
（3）由閉合電路歐姆定律可知
I=ER+r
這里的E為線圈產生的電動勢的有效值
E=Em2=BL1L2ω2
則線圈轉動一周在R上產生的焦耳熱為
QR=I2RT
T=2πω
于是得QR=πRωBL1L2R+r2.
【題后思】本題考查正弦交變電流的產生原理，側重考查電磁感應中部分導體切割磁感線產生感應電動勢、右手定則的應用，并綜合了閉合電路歐姆定律.本題充分體現了新課標的要求，讓學生注重過程與方法，明確學習不僅僅要記住結論，更要知道結論的來源.
【真題體會】（2011年天津卷）在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，如圖5所示，產生的交變電動勢的圖象如圖6所示，則（）
圖5圖6A．t=0.005s時線框的磁通量變化率為零
B．t=0.01s時線框平面與中性面重合
C．線框產生的交變電動勢有效值為311V
D．線框產生的交變電動勢頻率為100Hz
解析：由圖6可知，該交變電動勢瞬時值的表達式為e=311sin100πt.當t=0.005s時，瞬時值e=311V，線圈垂直于中性面，此時磁通量的變化率最大，選項A錯；當t=0.01s時，e=0V，此時線框處于中性面位置，磁通量最大，磁通量的變化率為零，選項B正確；對于正弦交變電流，其有效值為Emax/2，題給電動勢的有效值為220V，選項C錯；交變電流的頻率為f=1/T=ω/2π=50Hz，選項D錯.答案：B.
【題后思】本題考查的是常規的方形線圈繞垂直于勻強磁場的軸勻速轉動產生的正弦交變電流的圖象與表達式.看到正弦交變電流的圖象能寫出表達式，能夠把表達式及圖象中的點與線圈轉動的位置對應起來，理解中性面及垂直中性面的位置磁通量、磁通量的變化率、電動勢的特征.能從表達式中看出角速度、峰值，會算出有效值與頻率.
【真題體會】（2011年安徽卷）如圖7所示的區域內有垂直于紙面的勻強磁場，磁感應強度為B.電阻為R、半徑為L、圓心角為45°的扇形閉合導線框繞垂直于紙面的O軸以角速度ω勻速轉動（O軸位于磁場邊界）.則線框內產生的感應電流的有效值為（）
圖7A．BL2ω2RB．2BL2ω2R
C．2BL2ω4RD．BL2ω4R
解析：交流電流的有效值是根據電流的熱效應得出的，線框轉動周期為T，而線框轉動一周只有T/4的時間內有感應電流，則有(BLωL2R)2RT4=I2RT，所以I＝BL2ω4R，選項D正確.
【題后思】本題是一個小扇形線圈繞垂直于勻強磁場的軸勻速轉動產生方波形的交變電流有效值的計算問題.考查了非正弦交變電流的產生及變化規律和有效值的計算.
二、交變電流的四值：瞬時值、有效值、最大值、平均值
【考點解讀】交變電流的瞬時值、有效值、最大值、平均值是從不同角度表示交變電流大小的物理量，很多學生在學習和復習中對這四個類似但又需要嚴格區別的物理量分辨不清.理解好這四個值及其關系對于解交變電流相關的習題幫助很大.
圖8【真題體會】（2009年天津卷）如圖8所示，單匝矩形閉合導線框abcd全部處于磁感應強度為B的水平勻強磁場中，線框面積為S，電阻為R.線框繞與cd邊重合的豎直固定轉軸以角速度ω勻速轉動，線框中感應電流的有效值I=.線框從中性面開始轉過π2的過程中，通過導線橫截面的電荷量q=.
解析：線框轉動中電動勢的最大值Em=BSω，電動勢的有效值E=Em2，電流的有效值I=ER=2BSω2R；q=IΔt=ERΔt=ΔΦRΔtΔt=ΔΦR=BSR.答案：2BSω2R,BSR.
【題后思】本題考查交變電流的產生和最大值、有效值、平均值的關系及交變電流中有關電荷量的計算等知識.
【真題體會】(2013年海南卷)通過一阻值R=100Ω的電阻的交變電流如圖9所示，其周期為1s.電阻兩端電壓的有效值為（）
圖9A．12VB．410V
C．15VD．85V
解析：根據電流的熱效應，由題意結合有效值的定義可得I2RT=2I21R25T+I22R110T，將I1=0.1A，I2=0.2A代入可得流過電阻的電流的有效值I=1025A，故電阻兩端電壓的有效值為IR=410V，本題選B.
【題后思】本題考查非正弦交變電流的有效值的計算.根據電流的熱效應進行計算即可.
【真題體會】（2008年山東卷）圖10、圖11分別表示兩種電壓的波形，其中圖10所示電壓按正弦規律變化.下列說法正確的是（）
圖10
圖11A.圖10表示交流電，圖11表示直流電
B.兩種電壓的有效值相等
C.圖10所示電壓的瞬時值表達式為u=311sin100πtV
D.圖10所示電壓經匝數比為10∶1的變壓器變壓后，頻率變為原來的110
解析：據交流電的概念，大小和方向都隨時間周期性變化的電流叫交變電流，選項A錯.圖10是正弦交變電流，圖11不是，有效值與最大值的關系E=Em2只對正弦交流電適用，二者的最大值一樣，所以選項B錯.由圖10可知，選項C對.變壓器變壓之后頻率不變，選項D錯.答案：C.
【題后思】本題考查了交變電流的概念、交變電流的有效值、瞬時值，變壓器變電壓、變電流但不變頻率.有效值與最大值的關系E=Em2只對正弦交流電適用.非正弦交變電流的有效值只能根據電流的熱效應計算.
【真題體會】(2009年屆安徽省皖南八校高三第一次聯考試卷)圖12和圖13分別表示正弦脈沖波和方波的交變電流與時間的變化關系．若使這兩種電流分別通過兩個完全相同的電阻，則經過1min的時間，兩電阻消耗的電功之比W甲∶W乙為()
圖12圖13A.1∶2B.1∶2
C.1∶3D.1∶6
解析：電阻通過甲乙電流做功等于其熱量，W甲=I2甲 Rt，W乙=I2乙 Rt，據電流的熱效應得I2甲RT甲=(I甲m2)2R23T甲、I乙=1A，計算得I甲=33A，所以W甲∶W乙=1∶3.選項C正確.
【題后思】本題考查非正弦交變電流的有效值的計算，圖12由完整的正弦交變電流在不同時間內產生的熱量等效來求有效值，圖13是一個方波的有效值的計算，分段按恒定電流來處理.
三、理想變壓器的規律及電壓、電流、功率的分析與計算，理想變壓器的動態分析
【考點解讀】理想變壓器的工作原理用到了法拉第電磁感應定律和能量守恒定律及理想化的方法.在應用理想變壓器的規律時要從原理入手，不要死記結果，不注意條件.試題重點考查理想變壓器的電壓關系、功率關系、電流關系，能夠運用變壓器的制約關系解決變壓器的動態分析問題.
1．理想變壓器的工作原理
【真題體會】（2012年江蘇卷）某同學設計的家庭電路保護裝置如圖14所示，鐵芯左側線圈L1由火線和零線并行繞成，當右側線圈L2中產生電流時，電流經放大器放大后，使電磁鐵吸起鐵質開關K，從而切斷家庭電路，僅考慮L1在鐵芯中產生的磁場，下列說法正確的有（）
圖14A．家庭電路正常工作時，L2中磁通量為零
B．家庭電路中使用的電器增多時，L2中的磁通量不變
C．家庭電路發生短路時，開關K將被電磁鐵吸起
D．地面上的人接觸火線發生觸電時，開關K將被電磁鐵吸起.
解析：因原線圈是雙線繞法，所以家庭電路正常工作時L1、L2磁通量為0，選項A、B正確；家庭電路短路時，L1、L2磁通量仍為0，選項C錯誤；地面上的人接觸火線發生觸電時，兩根電線電流不等且變化，開關K被磁鐵吸起，選項D正確.答案選ABD.
【題后思】本題考查的是變壓器的工作原理.解決變壓器問題一定要從變壓器的工作原理入手分析.本題也告訴考生如果原線圈或副線圈的繞法發生變化，那一定要根據情況按電磁感應規律來分析.
【真題體會】（2010年四川卷）圖15所示電路中，A1、A2、A3為相同的電流表，C為電容器，電阻R1、R2、R3的阻值相同，線圈L的電阻不計.在某段時間內理想變壓器原線圈內磁場的變化如圖16所示，則在t1~t2時間內（）
圖15圖16A．電流表A1的示數比A2的小
B．電流表A2的示數比A3的小
C．電流表A1和A2的示數相同
D．電流表的示數都不為零
解析：由Bt圖象知在t1~t2時間內，原線圈中磁場先負向減小后正向增大，則副線圈中磁通量是均勻變化的，根據法拉第電磁感應定律在副線圈中產生的感應電流大小不變，再根據楞次定則可判斷感應電流的方向不變，則在t1~t2時間內副線圈中的電流為穩恒電流，所以A1和A2的示數相同，A3的示數為0，正確答案為C.
【題后思】本題考查變壓器的工作原理和電容器、電感線圈和電阻在恒定電路中的影響，如果原線圈中輸入均勻變化的電流或原線圈中磁場均勻變化，在副線圈中輸出恒定電流.體會解決變壓器問題從變壓原理入手，運用電磁感應的知識分析.
2．理想變壓器的規律
（1）電壓關系：U1U2=n1n2
【典例體會】如圖17所示，在繞制變壓器時，某人誤將兩個線圈繞在圖示變壓器的鐵芯的左右兩個臂上，當通以交流電時，每個線圈產生的磁通量都只有一半通過另一個線圈，另一半通過中間的臂，已知線圈1、2的匝數之比為N1∶N2=2∶1，在不接負載的情況下()
圖17A．當線圈1輸入電壓220V，線圈2輸出電壓為110V
B．當線圈1輸入電壓220V，線圈2輸出電壓為55V
C．當線圈2輸入電壓為110V時，線圈1電壓為220V
D．當線圈2輸入電壓為110V時，線圈1電壓為110V
解析：由于每個線圈產生的磁通量都只有一半通過另一個線圈，另一半通過中間的臂，線圈1為輸入端時，有U1U2=2N1N2=41，線圈2的輸出電壓為55V，線圈2為輸入端時，有U2U1=2N2N1=11，線圈1的輸出電壓為110V，所以BD選項正確.
【題后思】用變壓器的電壓關系U1U2=n1n2的前提是通過原副線圈的磁通量的變化率相等，但對“型”的變壓器原副線圈中的磁通量的變化率并不相等.應從變壓器的原理入手，不能死套公式.
【真題體會】（2011年浙江卷）如圖18所示，在鐵芯上、下分別繞有匝數n1=800和n2=200的兩個線圈，上線圈兩端與u=51sin314tV的交流電源相連，將下線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數可能是（）
圖18A．2.0VB．9.0V
C．12.7VD．144.0V
解析：如果是理想變壓器，由于互感在下線圈兩端產生的瞬時電動勢為：u=51×200800sin314tV≈9.02sin314tV，故下線圈產生的有效電動勢約為9.0V，但由于這是一個直棒鐵心，磁路沒有閉合，不能按“口”字形理想變壓器的規律來解決，應該比9.0V小.所以正確選項為A.
【題后思】本題考查了變壓器的變壓原理，并不是所有的變壓器都可視為理想變壓器，一定要注意理想變壓器理想化的條件:忽略變壓器的漏磁和能量損失.
【真題體會】如圖19所示，理想變壓器的原、副線圈匝數之比為n1∶n2=4∶1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等．a、b端加一定交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PA∶PB=．兩電阻兩端電壓之比UA∶UB=．
圖19解析：設A、B的電阻均為R，PA∶PB=(I21R)∶(I22R)=I21∶I22=n22∶n21=1∶16，UA∶UB=(I1R)∶(I2R)=I1∶I2=n2∶n1=1∶4.
【題后思】本題學生容易誤認為A兩端的電壓與變壓器的輸入電壓相等，從電壓關系入手計算，沒有注意到變壓器的原線圈與A電阻串聯.
（2）功率關系：P入=P出，即無論有幾個副線圈在工作，理想變壓器的輸入功率總等于所有輸出功率之和.
（3）電流關系：單個副線圈I1I2=n2n1，多個副線圈n1I1=n2I2+n3I3+…原副線圈中電流變化規律一樣，電流的頻率相等.
圖20【真題體會】(2012年全國新課標卷)自耦變壓器鐵芯上只繞有一個線圈，原、副線圈都只取該線圈的某部分.一升壓式自耦調壓變壓器的電路如圖20所示，其副線圈匝數可調.已知變壓器線圈總匝數為1900匝；原線圈為1100匝，接在有效值為220V的交流電源上.當變壓器輸出電壓調至最大時，負載R上的功率為2.0kW.設此時原線圈中電流有效值為I1，負載兩端電壓的有效值為U2，且變壓器是理想的，則U2和I1分別約為（）
A．380V和5.3A
B．380V和9.1A
C．240V和5.3A
D．240V和9.1A
解析：先判斷出原副線圈的匝數分別為1100匝、1900匝，由式U2=U1n2n1得U2=380V.負載R上的功率就是變壓器的輸出功率，因為是理想變壓器，故輸入功率U1I1等于輸出功率2.0kW，從而求出I1=9.1A.答案B.
【題后思】本題考查了變壓器的功率關系和電流關系.
【真題體會】(2010年海南卷)如圖21所示，一理想變壓器原、副線圈匝數之比為4∶1，原線圈兩端接入一正弦交流電源；副線圈電路中R為負載電阻，交流電壓表和交流電流表都是理想電表．下列結論正確的是()
圖21A．若電壓表讀數6V，則輸入電壓的最大值為242V
B．若輸入電壓不變，副線圈匝數增加到原來的2倍，則電流表的讀數減小到原來的一半
C．若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，則輸入功率也增加到原來的2倍
D．若保持負載電阻的阻值不變，輸入電壓增加到原來的2倍，則輸出功率增加到原來的4倍
解析：若電壓表讀數為6V，則輸入電壓為U1=41×6V=24V，是有效值，因此其最大值為242V，A項正確；若輸入電壓不變，副線圈匝數增加到原來的2倍，則輸出電壓也增加到原來的2倍，電流表示數應增加到原來的2倍，B項錯；若輸入電壓不變，負載電阻的阻值增加到原來的2倍，則輸出電流減小到原來的一半，輸入功率等于輸出功率即P=UI也減小到原來的一半，C項錯；若保持負載電阻的阻值不變，輸入電壓增加到原來的2倍，輸出電壓增大到原來的2倍，則由P=U2R可知輸出功率增加到原來的4倍，D項正確.
【題后思】本題考查了變壓器的動態分析（變壓器動態問題）的制約思路.
Ⅰ.電壓制約：當變壓器原、副線圈的匝數比（n1/n2）一定時，輸出電壓U2由輸入電壓決定，即U2=n2U1/n1，可簡述為“原制約副”.
Ⅱ.電流制約：當變壓器原、副線圈的匝數比（n1/n2）一定，且輸入電壓U1確定時，原線圈中的電流I1由副線圈中的輸出電流I2決定，即I1=n2I2/n1，可簡述為“副制約原”.
Ⅲ.負載制約：a.變壓器副線圈中的功率P2由用戶負載決定，P2=P副1+P副2+…；b.變壓器副線圈中的電流I2由用戶負載及電壓U2確定，I2=P2/U2；c.總功率P總=P線+P2.
動態分析問題的思路程序可表示為：
U1U1U2=n1n2決定U2I2=U2R負載決定I2P1=P2(I1U1=I2U2)決定I1P1=I1U1決定P1
【典例體會】調壓變壓器就是一種自耦變壓器，它的構造如圖22所示．線圈AB繞在一個圓環形的鐵芯上，CD之間加上輸入電壓，轉動滑動觸頭P就可以調節輸出電壓．圖中為交流電流表，為交流電壓表，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，CD兩端接恒壓交流電源，變壓器可視為理想變壓器（）
圖22A.當動觸頭P逆時針轉動時，電流表讀數變大，電壓表讀數變大
B.當動觸頭P逆時針轉動時，電流表讀數變小，電壓表讀數變大
C.當滑動變阻器滑動觸頭向下滑動時,電流表讀數變小，電壓表讀數變大
D.當滑動變阻器滑動觸頭向下滑動時,電流表讀數變大，電壓表讀數變小
解析：當動觸頭P逆時針轉動時，相當于增加了副線圈的匝數，而原線圈匝數保持不變，根據U1U2=n1n2可知，輸出電壓增大，其他因素不變時，電壓表讀數變大，電流表讀數變大.當線圈匝數不變化而將滑動變阻器滑動觸頭向下滑動時,輸出電壓不變，總電阻減小，則總電流增大，R1兩端電壓增大，R2兩端電壓減小，流過R2的電流減小，因此，流過R3的電流增大，電流表示數變大.答案：AD.
【題后思】分析電路動態變化問題，首先要弄清什么量沒有發生變化，什么量發生了變化；其次要對各物理量間的制約關系非常清楚.這樣才能準確判斷變化的物理量會引起另外哪些物理量變化及其變化情況.
四、電能輸送
【考點解讀】解決遠距離輸電問題，要首先畫出輸電示意圖，包括發電機、升壓變壓器、輸電線、降壓變壓器、負載等，在圖中標出相應物理量符號，理清電壓關系、電流關系、功率關系，特別注意計算電路中電能損失P耗=I2R=PU2R，若用U2R來算時，U必須是降在導線上的電壓，不能用輸電電壓來計算.
【真題體會】（2009年山東卷）某小型水電站的電能輸送示意圖如圖23所示.發電機的輸出電壓為200V，輸電線總電阻為r，升壓變壓器原副線圈匝數分別為n1、n2,降壓變壓器原副線匝數分別為n3、n4（變壓器均為理想變壓器）.要使額定電壓為220V的用電器正常工作，則（）
圖23A．n2n1＞n3n4
B．n2n1＜n3n4
C．升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓
D．升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率
解析：根據變壓器工作原理可知n1n2=200U2,n3n4=U3220，由于輸電線上損失一部分電壓，升壓變壓器的輸出電壓大于降壓變壓器的輸入電壓，有U2＞U3，所以n2n1＞n3n4，A項正確，B、C項不正確.升壓變壓器的輸出功率等于降壓變壓器的輸入功率加上輸電線損失功率，D項正確.答案：AD.
【題后思】本題考查了遠距離輸電的電壓關系和功率關系，電壓關系是：U1U2=n1n2,U3U4=n3n4,U2=Ur+U3；電流關系是：I1I2=n2n1,I3I4=n4n3,I2=Ir=I3；功率關系是：P1=P2，P3=P4，P2=P3+Pr.
【真題體會】（2012年天津卷）通過一理想變壓器，經同一線路輸送相同的電功率P，原線圈的電壓U保持不變，輸電線路的總電阻為R．當副線圈與原線圈的匝數比為k時，線路損耗的電功率為P1，若將副線圈與原線圈的匝數比提高到nk，線路損耗的電功率為P2，則P1和P2P1分別為（）
A．PRkU,1nB．PkU2R,1n
C．PRkU,1n2D．PkU2R,1n2
解析：根據理想變壓器的變壓比有
k=U1U
nk=U2U
線路的輸送功率不變有
P=U1I1=U2I2
P1=I21R=(PU1)2R=(PkU)2R
P2=I22R=PU22R=PnkU2R
P2P1=I22I21=U21U22=1n2.
答案：D.
【題后思】本題考查了電能的輸送，輸電線上損失的功率的計算用P=I2R,如果用P=U2R或P=UI計算，U必須是輸電線上損失的電壓.
核心考點解析范文4
關鍵詞：微課程 自主學習 系統設計開發
中圖分類號：G642
文獻標識碼：C
當今社會，移動網絡、智能手機、平板電腦的不斷出現與更新換代，使在線學習成為了一種潮流趨勢，人們隨時隨地進行學習已經不再是天方夜譚。這種學習方式具有較強的靈活性與互動性，在教學過程中使所學知識變得微型化與分解化。在一定程度上來看，網絡教學需求的信息量較小并且學習資源較少。過去很多教育部門和學校采用課堂錄制的方式，這種教學資源較大較長，難以直接進行應用。而微課堂將教學重點、難點、考點等值得注意的問題全部制作成短小精悍的視頻教程，方便學生隨時隨地進行觀看學習。由此可見，微課程已經在現代教學中成為了重要的教學資源。本文旨在為微課程的實踐提供一定的信息技術服務支持，同時為廣大的學習愛好者提供更加高效便捷的個性化服務。
1 簡介微課程
微課程的起源要追溯到20世紀50年代。當時有很多西方國家的教師開始對微課程（Mini-coures、Mini-Lesson）進行研究與開發，就是主要針對某一課題進行一個小規模的短時課程。這些半獨立的教學單元并不是根據學科的知識以及邏輯體系進行劃分，主要還是根據教師與學生的興趣及師生共同的社會經驗等為主。微課程的內容相對獨立、單一，微課程中的知識更加具有廣度。早在2007年，美國新墨西哥州圣胡安學院中的高級教學設計師David Penrose就提出了微課程的教學理念，并且拍攝了一分鐘的教學視頻。這種教學理念的核心是把教學中的內容與教學目的進行緊密連接。對于我國提出微課程提議的主要看法是：微課程是以對課程及教學實踐教學為要求，以教學視頻為載體，系統地將教學過程中的知識點展開相應教學活動的一種新型授課方法。
從嚴格的意義上說，微課程就是將教學目標集中在某一個環節之上，利用最短的時間進行一個知識點相關的重點、難點、考點等相關知識內容總結的教學模式。微課程相當于將日常的課程進行分解，通過被分解的個體來促進學生的自主學習行為與學生相關行為。微課程的核心內容是課堂教學的短小視頻，同時其中也包含相關的微型課件、微型練習等輔教學資料，當微課程結束后學生可以利用這些輔助的教學資源進行練習，對所學知識進行鞏固。微課程的價值就是“微”，微型內容、微型故事、微型問題等，將知識分解，變成微型視頻，在智能手機與平板電腦等便攜終端進行使用。
2 微課程設計與開發
2.1課程設計
第一，微課程在進行選題時應當使內容精練清晰，主要針對課前導入、概念教學、難點解析、課后拓展等模塊，進行適當的選取。第二，微課程是課堂教學的再現。相對于傳統的課堂教學時間而言，微課程時間一般為5～10分鐘。第三，微課程的教學過程是簡短且完整的，其教學過程主要包括問題的提出、教學活動安排、問題解決等。在這個環節應當注意，在開篇引題時應當以最快的速度開門見山地吸引學生，也可從相關生活現象引入課題?？傊?，引題一定要快速切題。課程講授時應當保證條理清晰，在進行講授時盡量避免無用的例子；課程結束收尾時應當掌握好速度。課程結束后的小結必不可少，在課程總體中起到提綱挈領的作用。第四，微課程在選取教學內容通常要求明確清晰、主題突出。教學視頻是整體的主線，其中的多媒體教學素材、教師所提出的課后反思、隨堂測試等都應當具備鮮明的主體與較為緊湊的結構，力爭營造出一種真實的微教學環境。第五，在微課程教學過程中由于時間有限，要求教師的語言應當精準簡短，在進行課程設計時應當把將要說的話與教學內容相結合，講授時應當將表達方式、手勢、動作、表情等與關鍵詞句相結合，在播出前進行練習，力爭做到語言生動富有感染力。
2.2模板設計
一個完整且優秀的微課程應當包括簡潔的PPT制作、明確的課程名稱、簡短的片頭、邏輯較強的內容、概括性的片尾等部分。在進行錄制時應當將電腦的分辨率調整為1024×768以下，碼流應當控制在128kbps～2Mbps，屏幕顏色設置成16位；課程教學時間應當保持在十分鐘之內完成；根據教學設計的構思撰寫課程內容時內容精煉簡潔但不缺少主題；微課程教學中應保證內容、文字、聲音準確無誤；在進行微課程講解時應當保證語言通俗易懂，知識上深入淺出，語調上抑揚頓挫；微課程中使用的PPT應當做到簡單大方；進行授課時保證視頻畫質清晰，盡量使用中景與近景的拍攝方法，教師不能遮擋教學內容；進行制作視頻時應當注意是否有片頭、片尾、課程名稱等相關信息；視頻格式應當為Mp4或Flv；若微課程教學是音頻應當保證音頻采樣率44.1K，格式為AAC（.aac，.m4a，.f4a），Mp3，Vorbis（.ogg，.oga）。
核心考點解析范文5
關鍵詞： E學習 數學教學 自主學習
在互聯網+背景下，平板電腦、電子書包、做題軟件、各種智能教學平臺多已經走進學校、走進課堂，通過信息技術和數學學科課程的深度融合，實現一種全新的、能夠充分體現學生主體作用的學習方式。
一、什么是雙課堂E學班數學教學
“E課堂”的核心作用在于轉變教學方式，不僅讓每個學生都能參與課堂，更重要的是拓展課堂的廣度和深度。在學講計劃背景下，基于我校課改基礎和信息化推進進程，在2015級開展了雙課堂E學班數學教學實驗研究，利用信息化環境下的學習優勢查漏補缺、補弱培優與優化學習等環節，培養學生科學的學習習慣，從而實現個性化高效學習，最終達到提高學生自主學習能力的目的。
二、E學班數學教學需要的條件
硬件建設：學校信息化教學設施齊全，具有完善的網絡、計算機、多媒體、數字終端設施，能夠普遍滿足師生方便、穩定、高效使用的要求。目前我校已完成校園網的升級，優化網絡布局，保障千兆進校園，實現無線網絡全覆蓋，在校園公共區域放置觸摸查詢機，用于師生公共查詢。更新教師用終端，達到教師方便建設與應用資源、開展空間教學的設施保障。60個教學班均配有多媒體計算機和同屏推送設備，按省要求標準，配置好學生用計算機，網絡計算機教室5個，學生用機360臺，每百名學生12.8臺，并拓展學生用計算機的功能，使計算機教室成為學生自主學習、空間學習的場所。
教學資源：（1）北京四中四葉草“云課堂”（課件同步、學生管理、習題統計、白板互動）；（2）洋蔥數學網（與教材同步的視頻課程、微課與視頻結合、視頻語言闡述、錯題本）；（3）學科網（資源豐富，組卷便捷）；（4）建設了“徐州十三中家校一體智慧大課堂”自主學習平臺，將教學案、微課、作業、檢測、分層輔導、社會實踐活動、學生成長記錄、家校合育等內容融為一體，直接建設在網絡平臺上；（5）教學案（自建資源）；（6）學校先后錄制大錄播課400余節、復盤式主題研討課60余節。
三、E學班的數學課程建設
2015年8月開始籌備組建七年級3個信息化實驗班――“雙課堂E學班”。這三個班級在征求家長同意的基礎上，每個學生配備PAD，將率先使用PAD進行課前數學微課導學、課上實時訓練、課后練習輔導等教學手段，進行信息化教學探索與實踐。經過一年實踐，E學班所有數學教師都充分感受到現代教育理念與運用信息技術支持教學創新的魅力。
（一）課前：數學老師用北京四葉草云課堂推送自主先學內容，包括老師自己制作的導學微課，預習檢測。微課教學時間較短，時長一般在5-8分鐘左右，微課教學內容較少，主要針對數學課堂教學中某個知識點（重點、難點、疑點、焦點）或某些難題的講解，主題突出，語言精簡。微課能為學生提供自主學習的環境，能夠滿足學生的個性化學習需求，使得老師不再是講臺上的圣人，而是學生身邊的導師。教師可以通過猿題庫教師版在手機上為學生布置預習作業，要求學生在規定時間內提交。教師通過分析每一名學生的練習數據，可以進行二次備課，進而在課堂教學中重點解決難點、疑點、焦點等，提高教學效率。學生通過提交預習作業，可以看到自己的最終得分。對于做錯題目可以直接查看題目下方的解析。這樣學生可以根據自己的預習結果帶著真問題有目的性地聽教師講課，就會有一種想學、想問、想練的良好心理，激發學生自主探索和求知欲望。
（二）課上：數學老師利用《幾何畫板》讓學生積極探索問題的“做數學”。學生在解決問題的過程中不僅理解和掌握了抽象的數學概念，還獲得了真正的數學經驗。例如：“求圓內接三角形面積的最大值”，可以讓學生利用幾何畫板，自己在動態變化中觀察靜態圖形的變化規律，對圖形進行定量研究，通過交流、討論，最終解答問題。同屏技術的使用讓數學課堂更高效。老師利用交互式手機無線同屏技術，可以隨時記錄典型性錯題、小組活動展示。用一臺手機不僅實現了傳統技術一系列功能，而且突破了原有課堂的邊框，讓老師不再拘泥于講臺上，可以走下講臺與學生更加近距離地互動。
（三）課后：老師利用平臺設計不同層次的作業，能讓教師從不同角度了解學生掌握知識、發展能力的綜合信息，從這些信息中，教師不但可以比較準確地了解學生“學”的情況，還可以及時發現“教”中存在的問題，從而為進一步改進教學方法，調節教學結構提供有力的科學依據。目前，猿題庫的題庫量在60萬道，適配初高中全年級全學科全部教材75個版本，每道題大概有11個分析緯度，包括考點、解題方法、提醒、題目來源、難度、考頻、被練習次數、正確率等。教師根據不同層次學生的課堂表現、掌握程度，使用猿題庫設計出不同的適合各類學生的作業，從而幫助、促進不同層次學生有效地完成作業，通過不同層次的練習達到良好的學習效果。
四、E學班的教師科研
E學班教師參與網絡教學研討，積極探索信息化教學改革。每周網絡實驗班教師組織一次教學研討會。
E學班教師應提前布置網絡學習任務（可以是預習、討論、檢測等，鼓勵用微課，若學校無現成的資源教師可自己添加），并引導學生完成。
核心考點解析范文6
現代遠程開放教育是一種在不同的時間和空間條件下，借助現代化的多媒體網絡開展實時和非實時的交互式教學。讓學習者能夠隨時隨地通過有效地信息媒介手段進行個別化自主性學習的全新教學模式。從傳統校園教育以教師為中心、以課堂面授為中心、以書本媒體為中心的教學模式，向教師指導性教學，學生自主性學習，多種教學形式和多種教學媒體并存與交互使用的教學模式轉變。教師指導性教學和學生自主性學習，是現代遠程開放教育教學模式的核心。隨著遠程開放教育工作的開展和電大遠程開放教育規模的不斷擴張，我們越來越深刻的認識到教學資源成為遠程開放教育工作持續發展的一個不可或缺的支持條件，教學資源建設已成為現代遠程開放教育的重要體現，具有較高水平的教學資源建設是體現現代遠程開放教育水平的體現，它是深化教學改革、提高教學質量的重要保證。教學資源建設是一項系統工程教學資源建設已成為現代遠程開放教育的一項重要任務，關系著現代遠程開放教育事業的順利發展。
一、目前遠程開放教育教學資源的狀況
我國廣播電視大學在經歷了幾十年的發展歷程，教學資源有了較為豐厚的儲備，已建設了一批較為優秀的文字教材和音像教材，這是我國廣播電視大學與高等院校專家教授多年來辛勤勞動的結晶，是我國廣播電視大學的一筆寶貴財富。但是，隨著遠程開放教育的飛速發展，隨著時間的推移和科學技術的發展以及現代遠程開放教育的需要，即使是一些優秀的教學資源也不可能一勞永逸，一成不變。有些教學資源，特別是網絡教學資源亟待更新。教學資源必須隨著信息技術的發展和教學需求的變化而不斷改進。
課題組在研究中，首先對電大現代遠程開放教育教學資源進行了摸底了解，其中主要的媒體資源是文字性資源。例如文字教材、文本作業及作業評講?，F有的許多文字教材內容多而雜，使學生望而生畏，產生畏難情緒，不利于學生自學。我認為，作為遠程教育使用的教材，應當以學生自學為主，要區別于普通高校學生使用的教材，要弱化教材的學術性，強化知識的實用性，體現教材理論與生產實踐的緊密聯系性，即講授理論知識少一點，結合生活、工作實際多一點。除了教材之外，在平時作業中，我們習慣性的以理論知識的考察為主，要求學生死記硬背的內容較多，忽略了理論知識的靈活運用。這樣，使得學生為了完成學習任務而原文照搬教材，甚至就直接抄襲同學的作業。
其次，課題組依據課題組設計的調查問卷，從“學生基本情況”、“學習環境、條件”、“學習風格”、“ 學習情況”、“ 網上資源及其應用”等方向進行數據收集研究。認識到目前的教育教學資源體現出得單一、死板等現狀亟待改進。
二、現代遠程開放教育教學模式的主要特點
現代遠程開放教育模式隨著現代信息技術的發展而產生，是一種以學生為中心、以學生自主學習為主的全新教學模式。課題組成員在多年的遠程教育工作中，切實了解到其特點主要體現在以下幾方面。
1、教學模式的開放性
電大遠程開放教育這種全新的教學模式，完全突破了傳統的教學模式。學生的學習主要依靠教學媒體，而不是教師面授，它更強調教師和學生能夠跨越時空進行實時或非實時的交互，師生之間存在的時空永久性準分離狀態。老年文化教育發展應形成在各級黨委領導下的政府主管、分級管理、區縣為主的管理體制。首先，要明確政府部門職責。各級政府負責本行政區的老年文化教育發展工作，將老年文化教育發展納入本地社會和教育發展發展計劃。根據本地經濟和社會發展的總體規劃，制定老年文化教育發展事業的發展規劃及年度計劃；制定老年文化教育發展機構的設置標準和管理辦法；進行老年文化教育發展的業務指導，組織教育發展督導與評估工作；負責老年文化教育發展基本信息的統計、分析和。其次，建立老年文化教育發展統計制度。為全面反映老年文化教育發展發展情況，也為政府決策提供依據，應將老年文化教育發展發展情況納入教育發展統計序列，每年進行一次老年文化教育發展統計。應把老年文化教育發展發展情況作為有關干部考核和文明單位評比的條件之一。再次，建立老年學校評估體系。每年或定期組織專家對各級各類老年學校，特別是市級和區級老年學校進行評估，從而使老年學校在辦學條件、辦學質量、制度建設等方面都有更快的提高，促進老年文化教育發展更健康地發展。主要表現為：學生不必按時到學校去上課，改變了我們傳統中理解的“上學”的根本概念。學習時間可由學生根據自己的工作和生活情況隨意安排。學習地點學生可以自由選擇，可以在有條件的任何地方進行學習，突出學生的個別化自主學習。[1]
2、教學資源的重要性
教學資源是指支持教學活動的各種資源。在當前電大遠程開放教育工作中，使用的教學媒體資源大體分為印刷媒體、音像媒體、網絡課程和動態信息資源（例如教學輔導、答疑等）。
遠程開放教育學生的課程學習資源除了傳統教育使用的文字教材、音像教材以外，還有IP課件、CAI課件等新型教學資源，它們的學習方式可以是利用網絡點擊直播課堂進行學習，也可以通過計算機下載教學資料進行自學。學生可以根據自己的學習情況選擇重復聽課和重復學習。除了必要的面授輔導以外，學生可以依靠網絡媒體進行自學，因而，教學資源較傳統教育顯得更為重要。
3、學生基礎知識的差異性
參加遠程學習的學生類型各有不同，一般以在職人員為主，還有待業人員、轉崗人員及高中畢業生。學生來源的差異，形成了他們所掌握的基礎知識程度也參差不齊。但是，在他們身上也有共通之處，都需要通過遠程教育來進一步接受教育，或掌握一門專業學科知識，或調整自己的知識結構。因此，教學資源也就應該相應的豐富多樣，需適合不同類型、不同層次學生的需求，達到既能滿足學生的求知欲望，又能適應學生自學的需要。[2]
三、《證據學》課程的遠程教學立體化資源教學模式設計
（一）證據學課程的特點表現在以下三個方面：
1、研究對象的特殊性。證據是訴訟的核心，與其他部門法相比，證據學有其獨特的研究對象和范圍，它是專門研究如何運用訴訟證據和有關法律規范的學科。具體包括訴訟中運用證據的經驗，證據制度的沿革，證據制度和證據規則等。
2、實踐性很強。證據學的內容與訴訟實踐密不可分，證據的制度和規則只有在一個個鮮活的案例中才能得以體現其豐富的內涵。
3、與三大訴訟法學息息相關。證據學是以刑事訴訟法學、民事訴訟法學、行政訴訟法學為基礎建立的一門獨立學科，它是進行“三大訴訟”活動的基礎和核心。證據學的學習，必須同上述三門課程緊密結合，必須讓教學對象即學生明確只有學好證據學才能保證“三大訴訟”的順利進行。
（二）學生特點
從目前的招生情況看，絕大多數學員是高中、中專、技校的畢業生，應該說具有基本的文化素質、一定的實踐經驗和一定的理解能力和自學能力。盡管這些學生在其高中、中專和技校學過一些基本法律常識，也在我國開展的普法活動中受過一些訓練，但只是對法律的基本常識有了一定的了解和初步的認識，沒有系統的法律概念和知識。
在職成人參加學習，工作與學習的矛盾較為突出，學習方式呈現出了多樣化、個別化的趨勢。
（三）教學設計
遠程教育依托于網上豐富的教學資源，但在傳統的教學模式下，學生卻難以對這些資源進行有效利用。隨著社會的快速進步，單純的遠程教育方式已經落伍，在市場經濟洪流中面臨著嚴峻的考驗。課題組成員認識到，《證據學》課程的教學設計，要達到針對遠程教育學生的課程教學目標和實現教學效果，必須在進行設計時和教學過程中注意以下幾個問題：
1、充分了解學習者的基本情況和學習需求
學生是教學設計的對象，是參與教學活動的重要的主體，一切教學活動都是圍繞著學生的學習展開的，教學設計的效果也體現在學生學習效果上。所以，在進行教學設計和開展教學活動時，首先要充分了解學生情況和他們的學習需求。了解的內容包括：（1）學生的基本情況：包括性別、年齡、職業、居住地點等；（2）學生的學習能力：包括自主學習和網上學習能力、課程學習要求的背景知識（實體法和訴訟法知識）的掌握程度；（3）學生的學習需求：包括對課程的了解程度、希望的學習方法、希望運用所學知識解決哪些問題。通過了解，掌握學生學習基礎，觀察學生的基本狀況。以確定教學內容和教學方法，合理安排教學時間和學習形式。
2、制定具體的教學設計實施方案
教學設計方案是一個對教學內容和教學形式的總體設計方案，這個方案應當考慮到各基層教學單位的具體教學條件和教學狀況，根據各種不同層次學生的學習狀況和學習需求而設計。教學方案應根據課程設計提供的各種的教學要素，把具體的每一項教學任務進行進一步的分解和落實。
3、構建網絡學習環境
（1）教師充分運用教學平臺、合理建設和整合教學資源
電大遠程教育有中央電大、省級電大和分校電大三級教學平臺，在教學設計中，為了充分發揮各級教學平臺功能，建設和整合教學資源，開展實時和非實時的教學活動，應對資源進行合理的分配和整合。
首先，省級電大教師根據《證據學》課程的特點和遠程教育學生的實際情況和特點，從宏觀的角度制定針對課程學習過程的資源，包括有：課程教學實施細則、教學大綱、重難點分析、作業評講、典型考點解析、動態自檢自測、綜合練習和期末復習指導。除了這些日常性的網絡文本性資源以外，還可以制定一些個性化的教學資源和拓展型資源，例如：相關法律法規的整理、模擬法庭中對證據的分析及應用、各種經典案例的解析、課程問題解答等等。通過文本的理論性指導、考察和動態的實踐、綜合能力的檢驗，使學生可以在較于傳統教育的死板教學模式的多項化、靈活的新型遠程教育模式中快樂、自主、有效地進行學習。
其次，分校電大教師可以在省級電大教師建好的現有資源的情況下，從微觀的角度，針對本地區的學生特殊情況和當地的實際情況補充一些更加有利于學生學習和掌握知識的教學資源。例如：本地實際案例分析、本地區法律工作者（律師、法官、檢察官）談談工作中證據的運用等等。分校電大教師補充的這些具有地方性色彩的教學資源，體現出當地的教學特色，更有助于學生更好的掌握課程知識，提高學習的興趣。
在省級電大教師、分校教師的共同建設下，既形成了一個統一的、宏觀上的教學資源平臺，還形成了一個具有地方特色的教學資源平臺，構建了一個多層次、個性化的教學資源庫?！蹲C據學》課程的網絡資源形成了宏觀和微觀、統一和各具特色的平臺，能夠更好的輔助學生掌握知識。[3]
（2）建立網上課堂，開展教學活動
遠程開放教育作為一種區別于常規化的面授教學模式，要使其實現與面授教學相當甚至更好的教學效果，就必須真正發揮其自身的特點和作用，必須在實踐中找到一條綜合應用多種媒體和網絡技術輔助教學的方法。
教師是遠程學習的導學者和助學者，老年文化教育發展應形成在各級黨委領導下的政府主管、分級管理、區縣為主的管理體制。首先，要明確政府部門職責。各級政府負責本行政區的老年文化教育發展工作，將老年文化教育發展納入本地社會和教育發展發展計劃。根據本地經濟和社會發展的總體規劃，制定老年文化教育發展事業的發展規劃及年度計劃；制定老年文化教育發展機構的設置標準和管理辦法；進行老年文化教育發展的業務指導，組織教育發展督導與評估工作；負責老年文化教育發展基本信息的統計、分析和。其次，建立老年文化教育發展統計制度。為全面反映老年文化教育發展發展情況，也為政府決策提供依據，應將老年文化教育發展發展情況納入教育發展統計序列，每年進行一次老年文化教育發展統計。應把老年文化教育發展發展情況作為有關干部考核和文明單位評比的條件之一。再次，建立老年學校評估體系。每年或定期組織專家對各級各類老年學校，特別是市級和區級老年學校進行評估，從而使老年學校在辦學條件、辦學質量、制度建設等方面都有更快的提高，促進老年文化教育發展更健康地發展。最后，建立定期表彰制度。為促進老年文化教育發展事業的持續發展，應定期舉行評選和表彰老年文化教育發展工作先進集體和先進個人活動，對在發展老年文化教育發展事業中作出突出貢獻的投資者、辦學者、教育發展人員與管理人員。各區(縣)、街道(鎮、鄉)也可根據實際情況建立相應的表彰制度，鼓勵社會各界積極參與老年文化教育發展工作。 針對課程的非實時教學主要在市校在線學習平臺及各分校的課程學習討論區中進行。網上實時教學中，分校教師可以根據分校和學生的選擇安排在省校教學答疑室和分校課程教學討論區中進行。網上實時教學可以由省校教師和分校教師同時參加，共同進行，教學內容可以是專題討論、問題解答、作業評講和復習指導等。非實時教學主要由分校教師完成。
學生可以在任何時間、地點上網參與教學活動，可以到不同的個性化欄目中（例如：課程介紹、課程大綱、常見考點分析等等）方便地獲取自身有用的教學資源，也可以到課程討論區各種與課程有關的基礎理論、案例分析等信息。
學生能夠在課程實時教學時與教師就知識學習、實際操作等方面的問題進行實時溝通，進行學習。[4]
4、必不可少的實踐教學
《證據學》課程是一門應用性很強的課程，強調專業知識的儲備，注重與案例的密切結合，強調實戰練習和運用，單靠網上教學和面授教學傳授知識難免有些紙上談兵的味道，學生缺乏實際的感受，所以，必須輔以實踐教學。
本課程專項實踐通過對相關司法機關和單位（公安機關、檢察機關、人民法院、律師事務所）進行實地考察，聘請相關的工作人員（如律師、法官、檢察官和警察）進行現場講解或者進行專題講座，這樣既可以鞏固平時所學的基礎理論知識，還可以對《證據學》理論知識的實際運用有更加直觀的感受，幫助學生進一步掌握知識。各分?？梢酝ㄟ^自身學生的特點和學習需求選擇參觀考察的單位和方式。
課程專項實踐通過旁聽法庭審理和模擬法庭進行。因為庭審涉及各種證據，是學生集中實踐的好形式。旁聽庭審可以由學習小組為單位進行，也可以集中進行。便于學習資源的準備和小組討論的展開。文本作業及作業評講?，F有的許多文字教材內容多而雜，使學生望而生畏，產生畏難情緒，不利于學生自學。我認為，作為遠程教育使用的教材，應當以學生自學為主，要區別于普通高校學生使用的教材，要弱化教材的學術性，強化知識的實用性，體現教材理論與生產實踐的緊密聯系性，即講授理論知識少一點，結合生活、工作實際多一點。模擬法庭可以由學習小組為單位在不同地點進行。使理論知識轉化為實際操作能力，得到能力和素質的綜合鍛煉。
5、面授教學的作用
《證據學》課程的面授教學可以圍繞以下內容開展：開課之初的《證據學》課程的理論性、原理性、方法性內容的學習；網上教學安排和引導；必要網上學習技能的培訓等。
