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電功率范文1
一、選擇公式，切莫草率計算
首先，要清楚公式的意義和應用范圍.如：P=W/t=UI=U2/R= I2R其中，P=W/t是由電功率定義得到的公式，P=UI是由定義式和電功的原始公式導出的，所以普遍適用于所有的電路.而P= U2/R=I2R是由功率計算公式P=UI結合歐姆定律得到的.由于歐姆定律只適用于純電阻電路，所以P=U2/R=I2R也只適用于純電阻電路.
例1.電動機標有“220V 3A”，其電阻線圈的電阻為10Ω，它在正常工作時的電功率為_____W，它的發熱功率為_______W，其效率為___________.
由于電動機為非純電阻用電器，所以電功率只能用P=UI來求，得600W.而其放出的熱量只能用焦耳定律Q=I2Rt來求，所以發熱功率也只能用I2R來求，可得出答案為90W.其機械功率=電功率-發熱功率，則效率=機械功率/電功率×100%=86.4%.
其次，選擇公式時注意抓等量關系或選擇含有不變量的公式.例如：對于P=U2/R和P=I2R這兩個同胞兄弟我們應該如何選擇呢？
例2.把規格為“220V 60W”和“220V 40W”的甲、乙兩只燈泡串聯后接在220伏的電路中，問哪個燈泡更亮些？
燈泡的亮度由燈泡工作時的實際功率來決定，選擇哪一個計算公式更有利，與電路的連接方式有著很大的關系.在一般情況下：
⑴串聯電路中，由于電流處處相等，所以用P=I2R分析比較各用電器的功率較為方便.
⑵并聯電路中，由于各并聯電路兩端的電壓相等，所以用P=U2/R分析比較各用電器的功率較為方便.
本題選擇公式P=I2R進行分析，很快得到，兩只燈泡的實際功率與電阻成正比（串聯電路中，流過兩燈泡電流相等），上面的問題就轉化為比較甲、乙兩只燈泡的電阻大小關系了.由此可知，乙燈會更亮些.
二、注意區分，“額定”和“實際”大不相同
用電器在銘牌上標示的是額定電壓和額定功率.對于用電器而言，額定電壓、額定功率是唯一的，當把它接入實際電路時，加在它兩端的是實際電壓，消耗的是實際功率，所以實際電壓、實際功率的值可能有無
數個，而情況只有三種U實>U額，P實>P額；
U實=U額，P實=P額；U實
額定功率與實際功率是兩個不同的概念，在實際生活中，用電器工作時的電壓往往不是額定電壓，實際的電流、電功率也就不再與其對應的額定值相符.建議大家在書寫公式要注意腳標，標清所用的是U實、U額還是P實、P額，防止在求解過程中弄混.
例3.有一只白熾燈泡，標有“PZ220―100”字樣，當它接在110V的電路上時，實際消耗的電功率為多大？
對于本題，很顯然在實際電壓發生改變時，實際電流不可能等于額定電流而保持不變，在這個變化過程中，唯有電阻是由用電器本身的性質決定，在不考慮溫度影響的情況下，可以認為R是恒定不變的，這也是我們在解決這類問題時建立等式的關鍵依據！
此時，我們選用R=U額
2/P額= U實
2/P實得到，當實際電壓110V變為額定電壓220V的1/2時，實際功率變為額定功率的1/4，即25W.
三、理解含義，理清解題思路
解答關于電能表的習題時，必須理解電能表上銘牌的含義，例如，“3000r/kW?h”的含義是每消耗一度電，電能表轉盤轉3000轉.
例4.電能表是測量用電器消耗電能的儀表，小華想驗證他家電能表表盤上標注的每千瓦時的轉數是否準確.于是，將標有“220V 3A”的用電器單獨接入電路中，當該用電器正常工作5min后，電能表的轉盤剛好轉了110r，則該電能表每千瓦時的實際轉數應是（）
A.2400rB.2000rC.1500rD.1200r
根據用電器的銘牌，利用P=UI計算出它的額定功率為660W，再通過P= W/t導出W=Pt，得到該用電器工作5分鐘消耗電能為0.055 kW?h.因為電能表轉速不變，可推理得到消耗0.055 kW?h電能，轉盤轉110r，那么消耗1 kW?h的電能，電能表轉盤轉2000r.理解了物理意義，問題就迎刃而解了.
四、全面審題，關注電路安全
電功率習題陷阱多，往往設置在研究電路安全上.
例5.某同學在做“調節燈泡亮度”的電學實驗時，電路如圖所示.電源電壓恒為4.5V，電壓表量程“0～3V”，滑動變阻器規格“20ΩlA”，燈泡L標有“2.5V 1.25W”字樣（忽略燈絲電阻變化），在不損壞電路元件的情況下，下列判斷正確的是（）
A.電路中電流變化的范圍是0.18A～ 0.5A
B.滑動變阻器阻值變化的范圍是2.5Ω～10Ω
C.燈泡的最小功率是0.162W
D.該電路的最大功率是2.25W
電功率范文2
知識目標
1.知道電功率及其單位.
2.理解額定功率.
能力目標
了解從能量分析入手去認識物理規律是物理學的重要研究方法.
情感目標
使學生獲得解決實際用電的初步知識
教學建議
教材分析
本節教材從比較在相等時間內做功的多少引入電功率的概念，再根據電功率的定義和電功公式導出電功率的計算公式，給出電功率的單位.然后從電功率的單位引出電功的單位千瓦時，說明1度就是1千瓦時.為幫助學生理解額定功率教材安排了小燈泡在不同電壓下工作的演示，教材還介紹了不同用電器的兩個重要指標，額定電壓、額定電功率，以使學生對常見用電器設備的功率有所了解.
1．重點：掌握電功率的概念、公式及其應用.
2．難點：實際功率的概念、額定功率和實際功率的區別.
3．疑點：燈泡的亮度決定于什么？
教法建議
本節教材包括電功率和用電器額定功率兩塊內容.教師可以利用前面學生學過的功率的知識和研究方法，突出比較做功快慢的方法：比較單位時間內用電器做功的多少.在講解電功率的公式時，注意強調公式中的各量的對應關系，是同一段電路中的各量.不易同時給出電功率的導出公式，使學生感覺公式多不易掌握.額定功率和實際功率的區別學生不易做到，教師要通過實驗講清對一個用電器額定功率和額定電壓只有一個，而實際電壓和實際功率有很多.
教學設計方案
重難點：重點是電功率的概念和單位，難點是額定功率.
教學過程：
一．引入新課
方案一：復習功率概念引入電流做功有快慢的問題，然后可以舉出一些實例如：電力機車每秒做功400多萬焦，公共電車的電機每秒做功6萬焦，洗衣機的電機每秒做功100多焦，而小收錄機的電機每秒做功幾焦.再舉出時間不同做功不同的實例，問學生如何比較做功快慢，引出電功率的定義.
方案二：分析類比建立電功率的概念：可用幻燈片設計一組問題：1）怎樣比較運動快慢？2）這樣比較力對物體做功快慢？3）這樣比較電流做功快慢？引出電功率的概念.
二、電功率：
電功率的概念要講清：電流做功快，電功率就大；電流做功慢，電功率就小.電功率的定義公式為P=W/t，電功率的普遍適用公式是P=U·I，比較電功率大小時，要全面考慮到公式中各物理量的關系，才能確定電功率的大小關系.例如：在相等的時間內，根據P=W/t，電流做的功越多，電功率就越大.
電功率的單位容易和電功單位千瓦時混淆，可采用讓學生計算1千瓦時的電功是多少焦，讓學生體會千瓦時的意義.
三、額定功率：
方案一：可以用并進式的教學方法，讓學生通過實驗體會用電器的工作有正常工作問題，然后引進額定功率的概念.學生實驗可以設計三組，1）是在比額定電壓低的情況下工作；2）是在額定電壓下工作；3）是在比額定電壓高出1/5的情況下工作.
方案二：教師拿出“220V60W”和“220V100W”的燈泡，問將他們串聯起來，哪盞燈亮？然后做實驗，引出額定功率的概念.
例題1、一只額定電壓為220伏特的電熱煮水器，在正常工作時通電12分鐘，電度表的示數增加0.1度，問：
這個電熱煮水器的功率多大？
【分析解答】正常工作的用電器，其實際電壓應等于額定電壓，所以該題中的電熱煮水器的實際電壓應為220伏特，工作12分后，電度表的示數增加0.1度，即用電0.l度．根據P=W/t=500瓦
例題2、有兩盞燈連接方式如圖所示，已知電壓U相同并保持不變，兩燈均可發光，在甲、乙兩圖中比較燈1的亮度是[]
A．甲圖亮B．乙圖亮C．同樣亮D．無法判斷
【分析解答】同一盞燈的亮度與它的實際功率情況有關，在甲乙兩圖中，燈1的實際電壓不同，甲圖中的實際電壓小于乙圖中，所以燈1在甲圖中實際功率小于乙圖中，所以燈1在乙圖中較亮.B選項正確.
電功率范文3
現以人教版九年級配套教參，對課文里“動手動腦學物理”題的相關參考答案簡述如下淺見，用以跟同行交流，并期望得到各位師長指教（因受篇幅所限，題的內容請參看課文）。
例1、p90.1題. 教參答案：每消耗1 kW?h的電能，電能表的轉盤將轉動720轉。我們認為應該補充“利用這個參數，可以近似地測出某臺家用電器的P實”。
我們把該題改編為下列填空題、并把答案寫在括號里：圖1電能表是計量__（消耗電能）的儀表，它必須__（串）聯在家庭電路靠近進戶端的干路上。電能表：
（1）所標電壓220V是__（額定電壓）；
（2）所標電流，如圖中標有“10（20）A”字樣：
①括號外的“10A”叫做__（標定電流）：由此可以算出該表長時間準確計量時，同時并聯使用家用電器的：a.總功率：P標=__（U額I標=220V×10A=2200）W；b.總電阻（含家用電器的“感抗”應叫“總阻抗”，下同）：I=U/R，R標=__（U額/
I標=220V/10A=22）Ω。②括號里的“20A”是__（額定最大電流為20A。筆者問：有了“額定最大電流為20A”，還要“標定電流10A”有什么用？），由此可以算出該表同時并聯使用家用電器的：a.最大總功率：P大=__（U額I大=220V×20A=4400）W；b.最小總電阻R小：I=U/R，R小=__（U額/I大=220V/20A=11）Ω。
（3）所標頻率50HZ叫做__（額定頻率）。
（4）所標“C=600rtvs/kwh”表示：__（該表正常計量時，家用電器每消耗1kwh的電能，該表的轉盤要轉過600圈）?？芍谠摫碚Ｓ嬃康碾娐防铮喝绻挥幸慌_用電器工作時、且該表的轉盤在時間t秒內恰好轉過n圈，則可以近似地測出該臺家用電器的P實：
3.6×106/600×n=W=Pt，P實=__（6×103×n/t）W。
例2、p90.4題：教參答案里的提示：由W=UIt可知：W=UQ=3.7V×1130×10-3A×3.6×103s=1.5×104J。……。我們認為：
（1）公式“W=UQ”只出現在人教版1987.5.第2版p186的課文里；舊版課文p144.“電流定義公式：I=Q/t”早已經被刪除，據此現在教學中不能引用公式“W=UQ”！
（2）我們向學生解釋：“容量為 1 130 mA ? h”的含義是：它是放電電流與放電時間的乘積為1 130 mA ? h。即這種電池能夠以1300mA的電流放電l h。故得：放電功率：P=UI=3.7V×1130×10-3A =4.181W；放電1h釋放的電能：P=W/t，E=W=Pt=4.181W×3600 s=15051.6J≈1.5×104J。所以這種充電電池可以儲存的能量大約是1.5×104J。
例3、p97. 1題：教參答案：電流表的量程選大了、改選0～0.6A的量程；滑動變阻器接成兩個下接線柱了、改接成一上一下的連接；……。我們認為：
（1）滑動變阻器有4種用途！若采用“分壓電路”則如圖2所示：原圖“滑動變阻器接對了、小燈泡接錯了”！實驗前滑片P停在右端、UL=0V；當滑片P緩慢地向左滑動時，能從電路兩端“分出”一部分電壓、滿足小燈泡需要的電壓。
（2）為了避免采用“分壓電路”，使用滑動變阻器時題中必須注明如p69課文所述：“要使滑動變阻器和用電器中的電流相同”、或“要把滑動變阻器串聯在電路中”！這樣該題才有唯一答案、且原答案才能視為正確。
例4、p97. 2題：教參答案是正確的！但指導力度不夠。
在“測量小燈泡的電功率”實驗舊版課文p47曾寫道：“反思一下，實驗中最可能出現錯誤是哪幾個環節？在哪方面容易出現較大誤差？……你發現了哪些新的問題”？我們認為：
（1）可能出現的錯誤有：①選用滑動變阻器接線柱和滑片停留位置以及連入電阻同步變化等可能出錯；②電表連入電路方式可能出錯：表V串聯；表A并聯了；③電表的接線柱可能“接反了”：電流“-”進“+”出了；④表V并聯的范圍可能出錯：⑤電表量程選大了不是不可避免的誤差！而應該列為錯誤！……
（2）會出現較大誤差有：①兩個電表或其中一個的量程選大了；②表A“內接”了（大連市規定表A要“外接”?。虎蹧]有使兩表指針都能靠近某條刻線再讀數或某個測量值偏大；……
（3）該實驗常見的故障及排除方法有：閉合開關無電現象：用大量程的表V跟每個電路元件（含導線）并聯：當表V無示數時說明并聯這段電路完好；當表V有示數時說明并聯這段電路發生開路：縮短間距直到查出開路點；
（4）閉合開關只有表V有示數、再無任何電現象：跟表V并聯的電路元件發生了“開路”：例如跟表V并聯的：①燈絲或電阻斷了；②或小燈泡松動尾部脫離了小彈片；③或連接小燈泡的導線斷了；④或接線柱接觸不良；⑤表A內接開路了；……
（5）發現了哪些新問題？①實驗過程中，一只電表出現故障不能使用，只用另只電表怎樣測出P額？②怎樣用一塊表A測出僅標有0.3A電流或僅標有2.5V電壓的小燈泡的P額？③怎樣用一塊表V測出僅標有0.3A電流或僅標有2.5V電壓的小燈泡的P額？④該實驗兩塊表的位置顛倒了會有什么現象或危害？說明：這是外市一道中考題、原答案值得商榷：會有4種情況，不給出電路圖將無法做出確定的答案！……
例5、p102.6題：教參答案：導線相互連接的位置接觸電阻較大，因而電能轉化為熱的功率也較大，造成此處比別處更容易發熱，加速老化甚至引起火災。
電功率范文4
第1節 電能與電功率
重點考點
電功率的計算公式有四個，它們分別是：
定義式：（）；決定式P=UI.（這兩個公式是普遍適用的）
導出式兩個：（）.（這兩個公式只適用于純電阻電路）
電功率計算的難點和易錯點是公式的選擇及各物理量的對應關系、實際功率與額定功率的區別.電能的計算常見有兩種情況：一是根據“電能表”上的相關參數和表盤實際轉的轉數計算電能，二是根據公式W=Pt計算電能.
中考常見題型
中考常以“電能表”或“小燈泡”為依托，有計算電能或實際電功率的填空題、對電能和電功率概念進行辨析的選擇題，還有以家用電器為背景，對電能和電功率進行綜合計算的綜合應用題.
例1 （2014.廣安）一天，小紅看她家電能表的表盤如圖1所示，此時電能表的讀數是______kW?h；該電能表的表盤每轉300轉，說明小紅家的用電器消耗了______kW?h的電能.
思路分析：電能表表盤上示數的最后一位數應是小數點后的一位，所以電能表目前的讀數是314.5 kW?h.“600 r/kW?h”表示接在這個電能表一下的用電器，每消耗l kW-h的電能，電能表上的轉盤轉過600轉（或轉600轉消耗1 kW.h的電能），那么我們可以用比例的方法算出每轉300轉消耗的電能應為0.5 kW?h.
答案：314.5
0.5
小結：要明白電能表上各個參數的意義：“kW.h”足表示電能表讀數的單位：表盤上示數的最后一位應是小數點后第一位：“600 r/kW -h”表示接在這個電能表L的用電器，每消耗1kW?h的電能，電能表上的轉蕊轉過600轉：“220 V”表示這個電能表應該在220 V的電路中使用；“10（20）A”表示這個電能表的標定電流為10 A，額定最大電流為20A，電流表工作時的電流不應超過額定最大電流.另外，向大家推薦由電能表求轉數或計算消耗電能多少的一個很實用的公式：W=（），其中N表爪電能表上的標示，相當于本題中的“600 r/kW -h”：n代表實際轉數；W表示n轉消耗的電能.求轉數時可將公式
思路分析：由圖2可以看出，小燈泡的電阻不是定值，它隨溫度的升高而增大，由P=PR=（）可知，在 P-I2圖象中圖象上某點與原點連線的斜率為電阻R，而電阻R又隨溫度的升高而增大，故D正確，C錯誤；同理在P-U2圖象中，圖象上某點與原點連線的斜率為電阻倒數（），因電阻R隨溫度的升高而增大，因而（）應減小，故A、B均錯誤.選D.
小結：注意學會從數學函數的角度分析物理圖象問題，并區分曲線上某點與原點連線的斜率和曲線的切線的斜率含義的不同，但同時也要注意各物理量的內涵，例如電阻R=（），就不能單從數學意義上去理解.
例3（2013.成寧）將兩個額定電壓相同的小燈泡L1、L2串聯在電路中，如圖4所示.閉合開關后，發現燈L1較暗，燈L2較亮，不考慮燈泡電阻的變化，則（）.
A.燈L1的電阻比燈L2的電阻大
B.燈L1的額定功率比燈L2的額定功率小
C.電路中，燈L1兩端電壓比燈L2兩端電壓小
D.電路中，通過燈L1的電流比通過燈L2的電流大
思路分析：小燈泡L1、L2串聯在電路中，電流相等，燈L，較暗，燈L2較亮，說明燈L，的實際功率小于燈L2的實際功率.根據公式P=12R得出，電流相等時，電功率小的那盞燈的電阻小，即R1
小結：同類燈泡的明亮程度取決于實際功率的大?。ǜ~定功率無關）.因此，要比較燈泡的亮暗，就應比較燈泡的實際功率的大小.不管是串聯電路還是并聯電路，實際功率大的那盞燈泡更亮.在分析這類題時，我們常把燈絲的電阻當成定值，當兩個燈泡串聯時（電流相等），應選擇公式P= UI =PR進行比較，電阻大的燈泡實際功率大，更亮；當兩個燈泡并聯時（電壓相等），應選擇公式P=（）進行比較，電阻小的燈泡實際功率大，更亮.大家也可以用這個“規律”直接進行判定.
第2節 電功率的測量
重點考點
測量用電器的電功率常用三種方法：一是由公式P=UI測量.用電壓表和電流表測出用電器兩端的電壓和通過它的電流，代入公式即可求出用電器的實際電功率，若使用滑動變阻器將用電器兩端的電壓調至U實=U額時，測出的實際電功率等于該用電器的額定功率.二是用公式（）測量，用電能表和秒表測出用電器單獨工作時，在時間t內消耗的電能W即可，該方法常用來測量家用電器的實際電功率，三是電路中只有電流表或電壓表，即“兩表缺一”時測出用電器的額定功率，這是實驗探究中的拔高題，體現了試卷的區分度，
中考常見題型
中考常見的題型是測量用電器的實際功率或額定功率，其中使用公式P=UI測量用電器的電功率是中考中的高頻題型，題型包含器材的選取、電路的連接、故障的處理、數據及誤差的分析、電路的設計和方案的評價等內容，其中器材的選取和“兩表缺一”時如何測出用電器的額定功率是實驗中的難點，設計型的實驗一般出現在常規實驗的最后一問，分值為3～5分，旨在考查創新能力和靈活運用知識的能力，但今年可能有淡化趨勢，因此建議大家多關注一下力學實驗中的拔高部分.
測小燈泡的額定功率的實驗電路圖如圖5所示，器材選取的“原則”是：（1）電源電壓要大于小燈泡的額定電壓.（2）電壓表量程根據額定電壓選.（3）電流表量程要根據題中條件由（）或（）計算得出.（4）由于滑動變阻器在電路中起分壓
的作用，當用電器正常工作時，滑動變阻器連人電路的最小電阻也可以粗略計算出來，公式為（）.（5）“兩表缺一”時，如何選用其他器材完成額定功率的測量，是這類題的難點.解決這類題的根本點依然是公式P=UI，額定電壓或額定電流兩個量中，其中一個必須是已知的，想辦法根據電路圖計算出另外一個量，即可解決問題.
例4簡要敘述如何利用電能表測家用電視機工作時的實際功率，
答案：器材：電能表（已知Nrevs/kW.h）、秒表、家庭電路，
實驗步驟：（1）觀察電能表，并記下它每千瓦時的轉數N（如600 revs/kW ?h），斷開其他用電器，只讓電視機單獨工作.（2）記錄在一段時間t（單位：s）內表盤的轉數n.（3）則電視機的實際功率P=（）
小結：該知識點一般不會單獨出現在實驗探究題中，可能會在填空題中出現.
第3節
焦耳定律
重點考點
焦耳定律是定量描述電能向內能轉化的規律，用公式Q=12Rt表示，它適用于任何電路的電熱計算，在消耗的電能全部用來產生電熱的情況下（稱之為純電阻電路），電功W和電熱Q相等，這時也可以用公式Q=（），Q=Pt來計算電熱.對含電動機等的非純電阻電路，消耗的電能W遠大于用電器產生的電熱Q，這時產生的電熱只能用公式Q=PRt來計算，易錯點是擋位的判斷，往往認為電阻大產生的電熱多，擋位高，實際應該分情況判斷：若電流相等，則由Q=PRt判斷，相同時間內，電阻大的產生的電熱多，擋位高；若電壓相等，則由Q=（）判斷，相同時間內，電阻小的產生的電熱多，擋位高.
中考常見題型
中考常見題型包括兩類：一類是焦耳定律實驗的探究；另一類是以家用電器（銘牌）為背景，計算或比較它們在不同擋位時的電熱情況.常與力、熱量、效率等知識綜合起來解決實際問題，容易失分.
例5 （2013.黑龍江）小明和姐姐一起去買電水壺，當他們選擇某一品牌的電水壺時，發現有800 W和1200 W兩種功率可選，如圖6是他們針對買哪一款更省電的問題出現的不同意見.請你在相同質量的水升高相同的溫度的前提下，幫他們分析：
（1）不考慮熱損失，____（填“800W”“1200W”或“一樣”）省電.理由是
（2）考慮熱損失________，（填“800 W”“1 200 W”或“一樣”）省電.理由是 _____________.
思路分析：（1）當不考慮熱量損失時，電能完全轉化為內能被水吸收，因為題目上說明“相同質量的水升高相同的溫度”，即水吸收的熱量相同，所以省電情況一樣.（2）考慮熱量損失時，因為加熱時，水溫較高，它要不斷地向外散發熱量，因此，加熱時間越長，水向外散失的熱量越多，效率就越低，所以越費電.
答案：（1）一樣電能完全轉化成內能被水吸收，水吸收的熱量相同，所以省電情況一樣 （2）1 200 W水吸熱相同，根據W=Pt，功率大的加熱時間短，熱損失少，所以省電.
例6（2013.成寧）家庭浴室中常用的暖燈型浴霸是通過燈泡的熱輻射來升高光照區域內空氣溫度的，某型號浴霸由四個標有“220 V 750 W”的同規格發熱燈組成，如圖7所示.若當地空氣的密度為1.2 kg/m3，測得浴室的面積為6 m2，高為2.5 m，浴室內空氣的質量m=____kg；當四個燈泡同時正常工作250 s時，發熱燈產生的熱量是____J，此過程浴室內的空氣溫度從10℃上升到25℃，空氣的比熱容為l.Oxl03 J/（ kg.℃），浴室內空氣吸收的熱量是____J；浴霸加熱浴室內空氣的能量轉化效率是____________ %.I比熱容的表達式為（）
生的熱量與什么因素有關”的實驗時，小于采用了如圖8甲所示的實驗裝置.兩個透明的容器中密閉了等量的空1氣.U型管中液面變化反映了密閉空氣溫度的變化.
（1）若通電時間相同，發現B玻璃管內液面上升較高，這表明：在電流和通電時間相同的情況下，導體的____越大，產生的熱量越多.
（2）小剛采用了如圖8乙所示的實驗裝置，通電相同時間，發現A玻璃管液面上升較高，這表明：在電阻和通電時間相同的情況下，通過導體的____越大，產生的熱量越多.
（3）該實驗中用到的研究物理問題的方法是法和轉換法，
思路分析：電阻絲通電產生的熱量把空氣加熱，熱脹的空氣又將液柱推開，因此U型管中產生了液柱的高度差，容器中空氣的溫度越高，高度差越大.從甲圖可以看出，5Ω和10Ω兩個電阻絲串聯，電流相等，B液面升得高，說明B容器中空氣熱脹程度大，這個熱量是由電阻絲產生的：同理，乙圖中是兩個5Ω的電阻并聯后和前面的5Ω電阻串聯，兩個容器中的電阻相等，但通過的電流不等.
答案：（1）電阻（2）電流（3）控制變量
例8（2013.黃岡）電熱加濕器的工作原理是：加濕器水箱中部分水通過進水閥門進入電熱槽中受熱至沸騰，產生的水蒸氣通過蒸汽擴散裝置噴入空氣中，從而提高空氣濕度.表1是某同學設計的電熱加濕器的部分參數，其發熱電路如圖9所示，R1、R2為阻值相同的發熱電阻，1、2、3、4為觸點，S為旋轉型開關，實現關、低、高擋的轉換.
（1）若加熱前水溫為20℃，電熱槽內氣壓為1標準大氣壓，從加熱到沸騰最短時間為3 min，則電熱槽中水的質量是多少千克？[不計熱損失，c水=4.2xl03 J/（ kg.℃），結果保留兩位小數]
（2）求加濕器在低擋時的發熱功率.
（3）對于需要制冷的室內，電熱加濕器會使其氣溫升高，請提出一條改進的建議.
思路分析：（1）不計熱量損失時，消耗的電能等于水吸收的熱量，由此可以計算（分步計算或綜合計算均可）出水的質量.（2）旋轉開關在1、2時，加濕器關閉，開關旋至2、3時，電路中電阻R1、R2串聯，開關旋至3、4時，電阻R2被短路，電路中只有電阻R1存在，兩種電路中，總電壓是一定的，故可用公式Q=（）來判斷，相同時間內，電阻小的產生的電熱多，擋位高，即開關旋至2、3時是低擋位，開關旋至3、4時，是高擋位.由于電阻R1、R2相等，低擋位的電阻是高擋位電阻的2倍，由（）得出，低擋位的熱功率是高擋位熱功率的一半，
答案：（1）不計熱損失，有QI=Q2，即Pit=cm（t2-t.）.
即400 Wx3x60 s=4.2xl03 J/（kg.℃）Xmx（100℃一20℃）.
所以得出水的質量m≈0.21 kg.
（2）由于電阻R1、R2相等，低擋位的電阻足高擋位電阻的2倍，由P=（）得出，低擋位的熱功率是高擋位熱功率的一半，即P2=0.5P1=0.5x400 W=200 W.
（3）可以降低電熱槽內氣壓（其他正確解答均可）.
電功率范文5
【關鍵詞】電功率；探究；教學；初中物理
電功率是繼電流、電壓、電阻、電能之后的又一個電學基本概念，也是生活中用電器銘牌上的一個重要指標。本節課是《電功率》的第二課時，本課時是學生學習了電功率的定義和定義式及單位后，針對用電器是否正常工作提出額定功率和實際功率，介紹電功率的測量，以及利用公式P=UI進行計算。本教學內容必須突破以下四個關鍵點。
關鍵點一：實驗鋪墊引入
將調光臺燈接入電能表，調節旋紐，改變燈泡亮度。讓學生觀察，鋁盤轉動快慢發生了變化，即燈泡的電功率發生了變化，也就是說同一盞燈泡的電功率是可以發生改變的。既然如此，就不能泛泛地說一個用電器的功率是多大。
展示調光臺燈正常發光狀態，并投影該燈泡銘牌“PZ 220V 25W”，讓學生說出“220V”和“25W”大致是什么含義，使他們知道220V是燈泡正常工作時的電壓即額定電壓；“25W”是燈泡正常工作時的功率即額定功率。調節臺燈亮度，引導學生分析這是實際功率不同。投影洗衣機、電視機、電冰箱和空調的銘牌，讓學生分別說出銘牌上功率的含義。
關鍵點二：探究同一盞燈泡亮度不同的原因
讓學生猜想燈泡亮度發生改變，即功率發生改變的原因。然后讓學生分析猜想的依據。告訴學生雖然在理論上支持了猜想，但往往還要通過實驗來驗證。接著進行如下實驗：分別用一節、兩節、三節干電池為小燈泡提供電源，使“2.5V”小燈泡發光，根據燈泡的明暗程度，揭示用電器兩端的電壓越高，實際功率就越大。
經討論得到：當U實＞U額時，P實＞P額；當U實＝U額時，P實＝P額；當U實＜U額時，P實＜P額。
關鍵點三：探究不同白熾燈泡亮度不同的原因
1.探究實際功率與實際電流的關系。將“220V 100W”和“220V 150W”的燈泡并聯在照明電路中，并出示電路圖。讓學生觀察這兩盞燈泡亮度，額定功率為“150W”的燈泡亮。我們已經知道，燈泡的亮度是由實際功率決定的，并且實際功率隨著電壓的變化而變化，但此時兩燈實際電壓都等于220V，都正常發光，為什么實際功率卻不相同？讓學生進行猜想，說出猜想的依據。經歸納得出，電功率的大小和電流有關，電壓相同時，電流越大，電功率越大。
2.探究實際功率與實際電壓的關系。提出問題：將“220V 100W”和“220V 150W”的燈泡串聯在照明電路中，電流相同，那么亮度相同嗎？請學生做出猜想，讓學生討論，說出支持或者否定猜想的依據。進行實驗，通過觀察實驗現象驗證猜想。經歸納得出，電功率的大小和電壓有關，電流相同時，電壓越高，電功率越大。
3.定性分析得出P＝UI。根據前面的理論分析和實驗研究，總結出燈泡的實際功率和電壓、電流都有關，并且電壓越高、電流越大，實際電功率就越大。這樣讓學生定性分析得出P=UI。
關鍵點四：綜合實踐
布置課外探究任務，讓學生利用雙休假期，選擇自己認為較好的方案，測量家里某一用電器（如冰箱、微波爐、電水壺）的實際功率。
總之，“額定功率”既是初中電學教學中的重點，也是學生學習的難點。只要在本節課中以人為本，將實驗與實踐、應用與創新的探究性教學方式，靈活應用到教學的全過程，使學生的學習活動由淺入深，循序漸進，就能輕松的跨越思維障礙，突破重點和難點。
參 考 文 獻
電功率范文6
【教學目標】
1.鞏固電功率的兩個基本公式.
2.利用歐姆定律公式和電功率的兩個基本公式解決基本簡單計算問題.
【教學重點，難點】
1.利用電功率兩個基本公式計算簡單問題.
2.電功率基本公式和歐姆定律公式結合計算問題.
【學情與教材分析】
1.學情分析
初中二年級的學生，具有好奇、好動、好勝的心理特點，且大多思維活躍，記憶力好，可塑性強.單一的講練模式是無法調動他們學習的積極性，如果我們老師在平時教學中，能實時地給他們搭建舞臺，就一定可以有效地激發他們學習物理的積極性.
2.教材分析
電功率雖然不是電學的核心內容，但他卻是電學的難點所在， 本章課程的設置是在學生知道了一些基本電學知識的基礎上，通過從生活到物理的認識過程，激發學生的求知欲望，讓學生初步了解電能、電功率這兩個重要的電學概念及其在生產、生活中的廣泛應用，達到從物理走向社會的目的.此部分內容綜合性較強，解題過程中都要運用電流、電壓、電阻的知識，還要涉及串聯電路和并聯電路的有關概念.
【教學準備】多媒體資料.
【教學過程】
1.引入
聽故事大家都喜歡，那編故事同學們有興趣嗎？我們這節課就試著以小燈泡為主角，結合同學們平日所做的題，為小燈泡編寫一些物理化的情節，好嗎？
2.新課教學
劇情一：“單身”的小燈泡“220 V 100 W”
教師提問：同學們想想，我們可以為孤單的小燈泡，編出哪些“情節”？
學生討論后回答：
（1）“220V 100W”的物理意義是什么？
（2）該燈炮正常發光時的電流是多少？
（3）該燈泡正常發光時的電阻是多少？
（4）該燈泡正常發光1小時消耗的電能是多少？
（5）1千瓦時的電能，可使該燈泡正常發光幾小時？
（6）若把“220 V 100 W”的燈泡接入380 V的電路中，要使它正常發光，需要串聯一個多大的電阻？
（7）若把“220 V 100 W”的燈泡接到110 V的電路中，該燈泡的實際功率是多少？（忽略溫度對電阻的影響）
（這些題都是學生平常反復練習的，編出這些情節，對他們來說并不難，我們教師此時只需將學生散亂的回答，稍加理順即可.）
小結：通過這7道題讓學生進一步熟悉：
（1）銘牌的物理意義，怎樣根據銘牌所提供的信息去求電流（I=P/U），電阻（R=U2/P），消耗的電能（W=Pt），工作時間（t=W/P）.
（2）通過銘牌直接提供或計算出的物理量（I額，U額，R，P額），在燈泡正?；虿徽０l光時，哪些可以用，怎么去用.
劇情二：“熱戀”中的小燈泡“220 V 100 W”―“220 V 60 W”
教師提問：小燈泡漸漸長大了，她戀愛了.我們能為戀愛中的小燈泡，又編出怎樣的情節呢？
學生討論后回答：
1.如果把甲燈（“220 V 100 W” ）與一個標有“220 V 40 W”的燈泡乙并聯接在220 V的電壓下，更亮些；若把上述兩個燈泡串聯接在220 V的電壓下，更亮些.若把上述兩個燈泡并聯接在110 V的電壓下，更亮些.
2.小紅在做“探究串聯電路電壓的規律”實驗時，連好了如圖1所示的電路，閉合開關S后發現L1正常發光，L2只能微弱發光，以下對于這一現象產生原因的分析中，合理的是
A.燈泡L2發生了斷路
B.燈泡L2發生了短路
C.由于燈泡L2的電阻較大，其實際功率較小
D.由于燈泡L2的電阻較小，其實際功率較小
（第一題學生陸陸續續可以補充完整，第二題需要教師適當引導）
小結：通過這兩道題，讓學生明確：
（1）決定燈泡亮度的是：燈泡的實際功率.
（2）如何在正常發光和不正常發光時，比較燈泡的亮度.
（口訣：正?？搭~定，不正常時：串大亮，并小亮）
劇情三：結婚后精打細算的小燈泡“220 V 100 W”
教師提問：戀愛是浪漫的，但婚后過日子卻是實實在在的.買油鹽醬醋要花錢，請客送禮要花錢，用水用電也要花錢，那就請同學們，結合我們本章所學習的儀表，為婚后的他們再編情節.
1.小明想利用電能表測試一下該燈泡一個月消耗的電能，月初電能表的表盤情況如圖2所示.問：
（1）該電能表允許接入的用電器的最大功率是W；
（2）他家已裝有 40 W電燈5盞，100 W彩電一臺，150 W的洗衣機一臺，還想再安裝一只功率為800 W的電熱水器.試通過計算說明可以安裝這只電熱水器嗎？
（3）若此燈泡每天在額定電壓工作4小時，一個月（按30天計算）該燈消耗的電能是kWh；當地電費標準是0.40元/kWh，小明家光使用該燈一個月應交電費元.
（4）根據第（3）題的計算結果，月末該電能表的示數應是.
（5）她家的某用電器工作10 min，電能表的轉盤轉了10圈，則該用電器工作消耗電能J，該用電器的電功率是kW.
【這道大題，有一部分情節學生很容易想到（第1，3，4問），有一些需要老師引導（第2，5問）】
小結：通過這道大題使學生認識，理解：
（1）電能表上眾多參數的物理意義.
（2）能用所學的電功率知識解決生活中的一些實際問題.
（3）理解了不同公式在不同題型中的應用.
